2019-2020年高中數(shù)學競賽輔導資料《函數(shù)的基本性質》.doc

2019-2020年高中數(shù)學競賽輔導資料函數(shù)的基本性質函數(shù)的性質通常是指函數(shù)的定義域、值域、解析式、單調性、奇偶性、周期性、對稱性等等，在解決與函數(shù)有關的(如方程、不等式等)問題時，巧妙利用函數(shù)及其圖象的相關性質，可以使得問題得到簡化，從而達到解決問題的目的.I函數(shù)的定義 設A，B都是非空的數(shù)集，f是從A到B的一個對應法則.那么，從A到B的映射f：AB就叫做從A到B的函數(shù).記做y=f(x)，其中xA，yB，原象集合，A叫做函數(shù)f(x)的定義域，象的集合C叫做函數(shù)的值域，顯然CB.II函數(shù)的性質 （1）奇偶性 設函數(shù)f(x)的定義域為D，且D是關于原點對稱的數(shù)集.若對任意的xD，都有f(x)=f(x)，則稱f(x)是奇函數(shù)；若對任意的xD，都有f(x)=f(x),則稱f(x)是偶函數(shù). （2）函數(shù)的增減性 設函數(shù)f(x)在區(qū)間D上滿足：對任意x1, x2D，并且x1<x2時，總有f(x1)<f(x2) (f(x1)>f(x2),則稱f(x)在區(qū)間D上的增函數(shù)（減函數(shù)），區(qū)間D稱為f(x)的一個單調增（減）區(qū)間.III函數(shù)的周期性對于函數(shù) f(x),如果存在一個不為零的正數(shù)T，使得當x取定義域中的每個數(shù)時，f(x+T)=f(x)總成立，那么稱f(x)是周期函數(shù)，T稱做這個周期函數(shù)的周期.如果函數(shù)f(x)的所有周期中存在最小值T0，稱T0為周期函數(shù)f(x)的最小值正周期.例題講解1已知f(x)82xx2，如果g(x)f(2x2)，那么g(x)( )A.在區(qū)間(2，0)上單調遞增B.在(0，2)上單調遞增C.在(1，0)上單調遞增D.在(0，1)上單調遞增2設f(x)是R上的奇函數(shù)，且f(x3)f(x)，當0x時，f(x)x，則f(xx)( )A.1B.0C.1D.xx3定義在實數(shù)集上的函數(shù)f(x)，對一切實數(shù)x都有f(x1)f(2x)成立，若f(x)0僅有101個不同的實數(shù)根，那么所有實數(shù)根的和為( )A.150B.C.152D.4實數(shù)x，y滿足x22xsin(xy)1，則xxx6sin5y_.5已知x是方程x4bx2c0的根，b，c為整數(shù)，則bc_.6已知f(x)ax2bxc(a0)，f(x)0有實數(shù)根，且f(x)1在(0，1)內有兩個實數(shù)根，求證：a4.7已知f(x)x2axb(1x1)，若|f(x)|的最大值為M，求證：M.8解方程:(x8)xxxxx2x80解方程：9設f(x)x4ax3bx2cxd，f1，f2，f3，求ff(0)的值.10設f(x)x44x3x25x2，當xR時，求證：|f(x)|課后練習1. 已知f(x)ax5bsin5x1，且f5，則f(1)( )A.3B.3C.5D.52. 已知(3xy)xxxxx4xy0，求4xy的值.3. 解方程：ln(x)ln(2x)3x04. 若函數(shù)ylog3(x2axa)的值域為R，則實數(shù)a的取值范圍是_.5. 函數(shù)y的最小值是_.6. 已知f(x)ax2bxc，f(x)x的兩根為x1，x2，a0，x1x2，若0tx1，試比較f(t)與x1的大小.7. f(x)，g(x)都是定義在R上的函數(shù)，當0x1，0y1時.求證：存在實數(shù)x，y，使得8. 設a，b，cR，|x|1，f(x)ax2bxc，如果|f(x)|1，求證：|2axb|4.9已知函數(shù)f(x)x3xc定義在0，1上，x1，x20，1且x1x2.求證：|f(x1)f(x2)|2|x1x2|；求證：|f(x1)f(x2)|1.課后練習答案1.解： fabsin5115 設f(1)absin5(1)1k相加：ff(1)25k f(1)k253選B2.解：構造函數(shù)f(x)xxxx，則f(3xy)f(x)0逐一到f(x)的奇函數(shù)且為R上的增函數(shù)，所以3xyx4xy03.解：構造函數(shù)f(x)ln(x)x則由已知得：f(x)f(2x)0不難知，f(x)為奇函數(shù)，且在R上是增函數(shù)(證明略)所以f(x)f(2x)f(2x)由函數(shù)的單調性，得x2x所以原方程的解為x04.解：函數(shù)值域為R，表示函數(shù)值能取遍所有實數(shù)，則其真數(shù)函數(shù)g(x)x2axa的函數(shù)值應該能夠取遍所有正數(shù)所以函數(shù)yg(x)的圖象應該與x軸相交即0 a24a0a4或a0解法二：將原函數(shù)變形為x2axa3y0a24a43y0對一切yR恒成立則必須a24a0成立 a4或a05.提示：利用兩點間距離公式處理y表示動點P(x，0)到兩定點A(2，1)和B(2，2)的距離之和當且僅當P、A、B三點共線時取的最小值，為|AB|56.解法一：設F(x)f(x)xax2(b1)xc， a(xx1)(xx2) f(x)a(xx1)(xx2)x作差：f(t)x1a(tx1)(tx2)tx1 (tx1)a(tx2)1 a(tx1)(tx2)又tx2t(x2x1)x1tx10 f(t)x10 f(t)x1解法二：同解法一得f(x)a(xx1)(xx2)x令g(x)a(xx2) a0，g(x)是增函數(shù)，且tx1 g(t)g(x1)a(x1x2)1另一方面：f(t)g(t)(tx1)t a(tx2)g(t)1 f(t)tx1t f(t)x17.|xyf(x)g(y)|證明：(正面下手不容易，可用反證法)若對任意的實數(shù)x，y，都有|xyf(x)g(y)|記|S(x，y)|xyf(x)g(y)|則|S(0，0)|，|S(0，1)|，|S(1，0)|，|S(1，1)|而S(0，0)f(0)g(0) S(0，1)f(0)g(1) S(1，0)f(1)g(0) S(1，1)1f(1)g(1) |S(0，0)|S(0，1)|S(1，0)|S(1，1)| |S(0，0)S(0，1)S(1，0)S(1，1)| 1矛盾！故原命題得證！8.解：(本題為1914年匈牙利競賽試題)fabcf(1)abcf(0)c aff(1)2f(0) bff(1) cf(0)|2axb|ff(1)2f(0)xff(1)| |(x)f(x)f(1)2xf(0)| |x|f|x|f(1)|2|x|f(0)| |x|x|2|x|接下來按x分別在區(qū)間1，(，0)，0，)，1討論即可9. 證明：|f(x1)f(x2)|x13x1x23x2|x1x2|x12x1x2x221|需證明|x12x1x2x221|2 x12x1x2x22(x10 1x12x1x2x22111112 式成立于是原不等式成立不妨設x2x1由 |f(x1)f(x2)|2|x1x2|若 x2x1(0，則立即有|f(x1)f(x2)|1成立.若1x2x1，則1(x2x1) 01(x2x1) (右邊變?yōu)檎龜?shù))下面我們證明|f(x1)f(x2)|2(1x2x1)注意到：f(0)ff(1)c|f(x1)f(x2)|f(x1)ff(0)f(x2)| |f(x1)f|f(0)f(x2)| 2(1x2)2(x20) (由) 2(1x2x1) 1綜合，原命題得證.10. 已知f(x)ax2xa(1x1)若|a|1，求證：|f(x)|若f(x)max，求a的值.解：分析：首先設法去掉字母a，于是將a集中若a0，則f(x)x，當x1，1時，|f(x)|1成立若a0，f(x)a(x21)x |f(x)|a(x21)x| |a|x21|x| |x21|x| ( |a|1) 1|x2|x| (|x|)2 a0時，f(x)x1 a0 f(x)maxmaxf，f(1)，f()又f(1)1 f(x)maxf()a()2()a a2或a但此時要求頂點在區(qū)間1，1內，應舍去答案為2例題答案：1提示：可用圖像，但是用特殊值較好一些.選C2解：f(x6)f(x33)f(x3)f(x) f(x)的周期為6f(xx)f(63351)f(1)f1選A3提示：由已知，函數(shù)f(x)的圖象有對稱軸x于是這101個根的分布也關于該對稱軸對稱.即有一個根就是，其余100個根可分為50對，每一對的兩根關于x對稱利用中點坐標公式，這100個根的和等于100150所有101個根的和為101.選B4解：如果x、y不是某些特殊值，則本題無法(快速)求解注意到其形式類似于一元二次方程，可以采用配方法(xsin(xy)2cos2(xy)0 xsin(xy) 且 cos(xy)0 xsin(xy)1 siny1 xsin(xy)1原式75解：(逆向思考：什么樣的方程有這樣的根？)由已知變形得x x22x1999即 x2802x再平方得x4160x2640076x2即 x4236x264000 b236，c6400bc61646證法一：由已知條件可得 b24ac0 fabc1 f(0)c1 01 b24ac b1ac c1 b0( a0)于是b2所以ac1b2 ()21 1于是12 a4證法二：設f(x)的兩個根為x1，x2，則f(x)a(xx1)(xx2) fa(1x1)(1x2)1 f(0)ax1x21由基本不等式x1(1x1)x2(1x2)(x1(1x1)x2(1x2)4()2 a2x1(1x1)x2(1x2)1 a216 a47解：M|f(x)|maxmax|f|，|f(1)|，|f()|若|1 (對稱軸不在定義域內部)則Mmax|f|，|f(1)|而f1ab f(1)1ab|f|f(1)|ff(1)|2|a|4則|f|和|f(1)|中至少有一個不小于2 M2|1Mmax|f|，|f(1)|，|f()| max|1ab|，|1ab|，|b| max|1ab|，|1ab|，|b|，|b| (|1ab|1ab|b|b|) (1ab)(1ab)(b)(b) 綜上所述，原命題正確.8解：原方程化為(x8)xx(x8)xxxx0 即(x8)xx(x8)(x)xx(x)構造函數(shù)f(x)xxxx原方程等價于f(x8)f(x)而由函數(shù)的單調性可知f(x)是R上的單調遞增函數(shù)于是有x8xx4為原方程的解兩邊取以2為底的對數(shù)得于是f(2x)f(x21)易證：f(x)世紀函數(shù)，且是R上的增函數(shù)，所以：2xx21解得：x19解：由已知，方程f(x)x已知有三個解，設第四個解為m，記 F(x)f(x)x(x1)(x2)(x3)(xm) f(x)(x1)(x2)(x3)(xm)xf6(4m)4f(0)6m ff(0)710證明：配方得：f(x)x2(x2)2(x1)2 x2(x2)2(x1)21 (x22x)2(x1)21 (x1)212(x1)21 (x1)42(x1)21(x1)21 (x1)4(x1)2