（江蘇選考）新高考化學(xué)一輪復(fù)習(xí) 專題2 從海水中獲得的化學(xué)物質(zhì) 6 專題綜合檢測（二） 蘇教版-蘇教版高三全冊化學(xué)試題

專題綜合檢測(二) (時間：90分鐘；滿分：100分)一、單項選擇題：本題共10小題，每小題2分，共20分。每小題只有一個選項符合題意。1化學(xué)與科學(xué)、技術(shù)、社會、環(huán)境密切相關(guān)。下列有關(guān)說法中正確的是()A小蘇打可用于生產(chǎn)玻璃，也可用來除去物品表面的油污B過氧化鈉可用于食品、羽毛和織物等的漂白C醫(yī)用酒精、次氯酸鈉等消毒液均可以將病毒氧化而達到消毒的目的D使用含有氯化鈉的融雪劑會加快橋梁的腐蝕解析：選D。常用于生產(chǎn)玻璃的是碳酸鈉，A錯誤；過氧化鈉具有強氧化性，因而具有漂白性，但不可用于漂白食品，B錯誤；醫(yī)用酒精使病毒的蛋白質(zhì)變性而消毒，并非將病毒氧化，C錯誤；氯化鈉溶液可以充當原電池的電解質(zhì)溶液，使橋梁形成無數(shù)個微小的原電池，從而加快腐蝕，D正確。2鑒別NaCl溶液、NaBr溶液、NaI溶液可以選用的試劑是()碘水、淀粉溶液氯水、CCl4溴水、苯硝酸、AgNO3溶液氯水、苯氯水、己烯ABCD解析：選C。試劑：下層顏色呈黃綠色的是NaCl溶液、呈橙紅或紅棕色的是NaBr溶液、呈紫紅色的是NaI溶液；試劑：加稀HNO3后再加AgNO3溶液產(chǎn)生沉淀的顏色分別為白色、淺黃色、黃色，對應(yīng)的溶液為NaCl溶液、NaBr溶液、NaI溶液；試劑：上層顏色為黃綠色、橙紅或紅棕色、紫紅色的溶液分別為NaCl溶液、NaBr溶液、NaI溶液。3下列各反應(yīng)中，生成物不隨反應(yīng)條件或反應(yīng)物的用量變化而變化的是()ANa和O2BNaOH和CO2CNaHCO3和NaOHDNa2CO3和HCl解析：選C。A項，反應(yīng)條件不同，生成物不同；B項，CO2的用量不同，生成物不同；D項，HCl的用量不同，生成物不同。4(2020·南京高三模擬)25 時，下列各組離子在指定溶液中一定能大量共存的是()A0.1 mol·L1 Ca(NO3)2溶液中：Na、NH、CO、CH3COOB能使甲基橙變紅的溶液中：K、Na、NO、ClC3% H2O2溶液中：Fe2、H、SO、ClD0.1 mol·L1 KSCN溶液中：Fe3、NH、Br、SO解析：選B。A項，Ca2與CO反應(yīng)生成CaCO3沉淀而不能大量共存；C項，H2O2能氧化Fe2而不能大量共存；D項，F(xiàn)e3與SCN不能大量共存。5下列關(guān)于鹵素(用X表示)的敘述，錯誤的是()A鹵素單質(zhì)與水反應(yīng)均可用X2H2OHXOHX表示BHX都極易溶于水，它們的熱穩(wěn)定性隨X的核電荷數(shù)的增加而減弱C鹵素單質(zhì)的顏色由F2I2隨相對分子質(zhì)量增大而變深DX的還原性強弱依次為F<Cl<Br<I解析：選A。鹵素單質(zhì)中，氟氣和水反應(yīng)生成HF和O2，不符合X2H2OHXOHX，故A錯誤；鹵素原子得電子的能力越強，HX的熱穩(wěn)定性越強，鹵素原子的得電子能力隨X的核電荷數(shù)的增加而減弱，所以HX的熱穩(wěn)定性隨X的核電荷數(shù)的增加而減弱，故B正確；鹵素單質(zhì)的顏色從上到下逐漸加深，由F2I2依次是淺黃綠色、黃綠色、深紅棕色、紫黑色，故C正確；鹵素單質(zhì)的氧化性從上到下逐漸減弱，對應(yīng)陰離子的還原性F<Cl<Br<I，故D正確。6(2020·承德高三檢測)下列有關(guān)NaHCO3和Na2CO3的性質(zhì)，敘述錯誤的是()A等質(zhì)量的NaHCO3和Na2CO3與足量鹽酸反應(yīng)，在相同條件下Na2CO3產(chǎn)生的CO2體積小B等物質(zhì)的量的NaHCO3和Na2CO3與同濃度鹽酸完全反應(yīng)，所消耗鹽酸的體積Na2CO3是NaHCO3的兩倍C等質(zhì)量的NaHCO3和Na2CO3與鹽酸完全反應(yīng)，前者消耗鹽酸較多D等物質(zhì)的量的NaHCO3和Na2CO3與足量鹽酸反應(yīng)，兩者產(chǎn)生的CO2一樣多解析：選C。Na2CO32HCl=2NaClCO2H2O，NaHCO3HCl=NaClCO2H2O。解答此類題目用歸“1”法：A項，假設(shè)二者都是1 g，則n(NaHCO3)n(CO2) mol，n(Na2CO3)n(CO2) mol，故A正確；B項，假設(shè)二者均為1 mol，則消耗的鹽酸：Na2CO3為2 mol，NaHCO3為1 mol，故B正確；C項，假設(shè)二者均為1 g，Na2CO3需鹽酸為2× mol mol，NaHCO3需鹽酸 mol，故C錯誤。7對氯水處理或氯水與下列物質(zhì)反應(yīng)過程中不會產(chǎn)生氣體的是()解析：選C。A項，氯水中的HClO見光分解生成O2；B項，氯水中的H與發(fā)酵粉中的NaHCO3反應(yīng)生成CO2；C項，氯水滴入NaBr溶液反應(yīng)生成Br2和NaCl，沒有氣體產(chǎn)生；D項，氯水滴入Na2O2中會產(chǎn)生O2。8(2020·蘇錫常鎮(zhèn)四市調(diào)研)下列解釋事實的離子方程式正確的是()A石灰水表面漂著的“白膜”可用醋酸溶解：CaCO32H=Ca2CO2H2OBNH4HSO4溶液呈酸性的主要原因：NHH2ONH3·H2OHC鹽堿地(含較多NaCl 、Na2CO3)中加入石膏，降低土壤的堿性：Ca2CO=CaCO3 D漂白粉溶液在空氣中失效：Ca22ClOCO2H2O=2HClOCaCO3解析：選D。石灰水表面漂著的“白膜”為碳酸鈣，用醋酸溶解的離子方程式為CaCO32CH3COOH=2CH3COOCa2H2OCO2，A項錯誤；NH4HSO4溶液呈酸性的主要原因是NH4HSO4=NHHSO， B項錯誤；鹽堿地(含較多NaCl、Na2CO3)中加入石膏，降低土壤的堿性，石膏微溶于水，反應(yīng)的離子方程式為CaSO4CO=CaCO3SO，C項錯誤；漂白粉溶液在空氣中失效，是Ca(ClO)2與空氣中的二氧化碳、水反應(yīng)，離子方程式為Ca22ClOCO2H2O=2HClOCaCO3，D項正確。9在酸性介質(zhì)中，往MnSO4溶液里滴加(NH4)2S2O8(過二硫酸銨)溶液會發(fā)生如下離子反應(yīng)：Mn2S2OH2OMnOSOH(未配平)，下列說法不正確的是()A可以利用該反應(yīng)檢驗Mn2B氧化性比較：S2O>MnOC該反應(yīng)中酸性介質(zhì)可以為鹽酸D若有0.1 mol氧化產(chǎn)物生成，則轉(zhuǎn)移電子0.5 mol解析：選C。A項，含Mn2的溶液中滴加(NH4)2S2O8溶液后，溶液變?yōu)樽仙?，所以可利用該反?yīng)檢驗Mn2，正確；B項，在反應(yīng)中S2O、MnO分別為氧化劑、氧化產(chǎn)物，所以氧化性：S2O>MnO，正確；C項，由于MnO可以與鹽酸反應(yīng)生成Cl2，所以酸性介質(zhì)不能為鹽酸，錯誤；D項，由Mn2生成1 mol MnO轉(zhuǎn)移5 mol電子，所以生成0.1 mol氧化產(chǎn)物(MnO)，轉(zhuǎn)移0.5 mol電子，正確。10用CuS、Cu2S處理酸性廢水中Cr2O，發(fā)生反應(yīng)如下。反應(yīng)：CuSCr2OHCu2SOCr3H2O(未配平)反應(yīng)：Cu2SCr2OHCu2SOCr3H2O(未配平)下列有關(guān)說法正確的是()A反應(yīng)、中Cu2和SO都是氧化產(chǎn)物B處理1 mol Cr2O時反應(yīng)、中消耗H的物質(zhì)的量相等C反應(yīng)中參與反應(yīng)的還原劑、氧化劑的物質(zhì)的量之比為35D反應(yīng)、中處理1 mol Cr2O，轉(zhuǎn)移電子數(shù)不相等解析：選C。反應(yīng)中CuSSO，Cr2O2Cr3，根據(jù)得失電子守恒、電荷守恒及原子守恒配平方程式：3CuS4Cr2O32H=3Cu23SO8Cr316H2O；反應(yīng)中Cu2SSO，Cu2S2Cu2，Cr2O2Cr3，根據(jù)得失電子守恒、電荷守恒及原子守恒配平方程式：3Cu2S5Cr2O46H=6Cu23SO10Cr323H2O。A項，反應(yīng)中銅元素的化合價未發(fā)生變化，錯誤；B項，處理1 mol Cr2O時，反應(yīng)消耗8 mol H，反應(yīng)消耗9.2 mol H，錯誤；C項，反應(yīng)中硫化亞銅是還原劑，重鉻酸根離子是氧化劑，還原劑、氧化劑的物質(zhì)的量之比為35，正確；D項，處理重鉻酸根離子的物質(zhì)的量相等，則轉(zhuǎn)移電子數(shù)相等，錯誤。二、不定項選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分。每小題有一個或兩個選項符合題意。11下列各組離子能大量共存的是()A“84”消毒液的水溶液中：Fe2、Cl、Ca2、NaB加入KSCN溶液顯血紅色的溶液：K、NH、Cl、S2C能夠與金屬Cu常溫下反應(yīng)放出氣體的溶液：Fe3、Na、SO、KDpH2的溶液中：NH、Na、Cl、Cu2解析：選CD。A項，“84”消毒液的水溶液中含有強氧化性離子ClO，具有還原性的Fe2易被氧化而不能大量存在；B項，加入KSCN溶液顯血紅色的溶液中含有Fe3，S2與Fe3易發(fā)生氧化還原反應(yīng)而不能大量共存；C項，能夠與金屬Cu常溫下反應(yīng)放出氣體的溶液中含有H和NO，F(xiàn)e3、Na、SO、K能夠大量共存；D項，pH2的溶液顯酸性，NH、Na、Cl、Cu2能夠大量共存。12一定量CO2通入某濃度的NaOH溶液得A溶液，向A溶液中逐滴滴入稀鹽酸，加入n(HCl)與生成n(CO2)的關(guān)系如圖所示。下列有關(guān)敘述正確的是()A通入的CO2氣體在標準狀況下可能大于22.4 LBA溶液中n(NaOH)2n(Na2CO3)CA溶液中既含Na2CO3，又含NaHCO3DA溶液中一定只有Na2CO3解析：選B。根據(jù)碳酸鈉與鹽酸的反應(yīng)情況：Na2CO3HCl=NaHCO3NaCl；NaHCO3HCl=NaClCO2H2O，開始滴入3 mol 鹽酸無氣體生成，后滴入1 mol鹽酸，生成1 mol CO2，而后再滴加鹽酸無氣體生成，說明A溶液為氫氧化鈉與碳酸鈉的混合物。根據(jù)上述化學(xué)反應(yīng)機理，可以推斷A溶液中碳酸鈉為1 mol，氫氧化鈉為2 mol。13已知Pb3O4與HNO3溶液發(fā)生反應(yīng)：Pb3O44H=PbO22Pb22H2O; PbO2與酸化的MnSO4溶液發(fā)生反應(yīng)：5PbO22Mn24H5SO=2MnO5PbSO42H2O。下列推斷正確的是()A由反應(yīng)可知，Pb3O4中Pb()和Pb()含量之比為21B由反應(yīng)、可知，氧化性：HNO3>PbO2>MnOCPb可與稀硝酸發(fā)生反應(yīng)：3Pb16HNO3=3Pb(NO3)44NO8H2ODPb3O4可與鹽酸發(fā)生反應(yīng)：Pb3O48HCl=3PbCl24H2OCl2解析：選AD。A.反應(yīng)未發(fā)生氧化還原反應(yīng)，且產(chǎn)物Pb2與PbO2的物質(zhì)的量之比為21，說明Pb3O4中Pb()和Pb()含量之比為21，故A正確；B.反應(yīng)中HNO3未能將Pb()氧化成Pb()，不能說明氧化性HNO3>PbO2，反應(yīng)中PbO2將Mn2氧化成MnO，說明氧化性PbO2>MnO，故B錯誤；C.根據(jù)反應(yīng)可知硝酸不能將Pb氧化成Pb4，不能生成Pb(NO3)4，故C錯誤；D.根據(jù)反應(yīng)可知氧化性PbO2>MnO，而酸性條件下MnO能將HCl氧化成Cl2，則Pb()也能將HCl氧化成Cl2，所以反應(yīng)Pb3O48HCl=3PbCl24H2OCl2能發(fā)生，故D正確。14下列說法正確的是()A還原性：Fe>Cu，則電解FeCl3和CuCl2混合溶液時，陰極放電順序為Cu2、Fe3B含1 mol K2S的溶液中加入一定量的稀硝酸，若氧化產(chǎn)物S和SO的物質(zhì)的量之比為23，此時轉(zhuǎn)移電子數(shù)為5.6NA(NA表示阿伏加德羅常數(shù)的值)C根據(jù)強酸制弱酸原理，反應(yīng)Cl2SO22H2O=2HClH2SO4不能發(fā)生D“銀針驗毒”的反應(yīng)原理之一是4Ag2H2SO2=2Ag2S2H2O，轉(zhuǎn)移1 mol電子時生成1 mol Ag2S解析：選B。氧化性Fe3>Cu2，放電順序應(yīng)為Fe3、Cu2，A錯誤；1 mol K2S對應(yīng)的氧化產(chǎn)物為0.4 mol S和0.6 mol SO，轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量為0.4 mol×20.6 mol×85.6 mol，即5.6NA，B正確；強酸制弱酸原理只適用于復(fù)分解反應(yīng)，而Cl2與SO2的反應(yīng)為氧化還原反應(yīng)，故可以發(fā)生，C錯誤；根據(jù)得失電子守恒可得關(guān)系式Ag2S2e，則轉(zhuǎn)移1 mol電子時生成0.5 mol Ag2S，D錯誤。15(2020·南通高三檢測)含氰化物的廢液亂倒或與酸混合，均易生成有劇毒且易揮發(fā)的氰化氫。工業(yè)上常采用堿性氯化法來處理高濃度氰化物污水，發(fā)生的主要反應(yīng)為CNOHCl2CO2N2ClH2O(未配平)。下列說法錯誤的是(其中NA表示阿伏加德羅常數(shù)的值)()ACl2是氧化劑，CO2和N2是氧化產(chǎn)物B上述離子方程式配平后，氧化劑與還原劑的化學(xué)計量數(shù)之比為25C該反應(yīng)中，若有1 mol CN發(fā)生反應(yīng)，則有5NA個電子發(fā)生轉(zhuǎn)移D若將該反應(yīng)設(shè)計成原電池，則CN在正極區(qū)發(fā)生反應(yīng)解析：選BD。該反應(yīng)中Cl元素化合價降低，N、C元素化合價升高，則Cl2是氧化劑，CO2和N2是氧化產(chǎn)物，故A正確；配平的離子方程式為2CN8OH5Cl2=2CO2N210Cl4H2O，氧化劑與還原劑的化學(xué)計量數(shù)之比為52，故B錯誤；C元素化合價由2價升高為4價，N元素化合價由3價升高為0價，所以若有1 mol CN發(fā)生反應(yīng)，則有5NA個電子發(fā)生轉(zhuǎn)移，故C正確；若將該反應(yīng)設(shè)計成原電池，則CN在負極區(qū)發(fā)生氧化反應(yīng)，故D錯誤。三、非選擇題：本題共5小題，共60分。16(10分)用脫脂棉包住0.78 g Na2O2粉末，置于石棉網(wǎng)上，往脫脂棉上滴1 mL水，可觀察到脫脂棉劇烈燃燒起來。(1)由實驗現(xiàn)象可得出的結(jié)論是Na2O2與H2O反應(yīng)有氧氣生成且反應(yīng)為_反應(yīng)。(2)如果用嘴通過細管向脫脂棉中吹氣，脫脂棉也能燃燒起來，試寫出反應(yīng)的化學(xué)方程式：_、_；若向其中吹入的是SO2氣體，脫脂棉_(填“能”或“不能”)燃燒起來。(3)H2和CO的混合氣體0.02 g通入一盛有0.78 g Na2O2的密閉容器中，再通入過量O2，并用電火花點燃使其充分反應(yīng)，容器中固體增加的質(zhì)量為_g。解析：(1)脫脂棉能燃燒，說明Na2O2與H2O的反應(yīng)屬于放熱反應(yīng)且有助燃性氣體O2生成。(2)吹出的氣體中含有大量水蒸氣和CO2，與Na2O2反應(yīng)均為放熱反應(yīng)且有O2生成。而SO2與Na2O2反應(yīng)無助燃性的O2產(chǎn)生(SO2Na2O2=Na2SO4)，所以脫脂棉不能燃燒。(3)根據(jù)反應(yīng)：2COO22CO2、2H2O22H2O、2Na2O22CO2=2Na2CO3O2、2Na2O22H2O=4NaOHO2可知，固體增加的質(zhì)量即為H2和CO的質(zhì)量，為0.02 g。答案：(1)放熱(2)2Na2O22CO2=2Na2CO3O22Na2O22H2O=4NaOHO2不能(3)0.0217(14分)ICl(氯化碘)是紅棕色液體，熔點為13.9 ，沸點為 97.4 ，易水解，接觸空氣時能形成五氧化二碘，能與許多單質(zhì)發(fā)生反應(yīng)，易溶于乙醇、乙醚等。某校研究性學(xué)習(xí)小組的同學(xué)擬用下列儀器制備氯化碘?；卮鹣铝袉栴}：(1)檢查A裝置氣密性的方法為_。(2)上述裝置，按氣流方向連接的順序為_(裝置可重復(fù)使用)，A裝置中發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為_。(3)C裝置的作用是_。(4)E裝置中的物質(zhì)反應(yīng)時需放在水浴中，控制溫度大約40 ，其目的是_。(5)按上述連接好的裝置進行實驗，實驗步驟如下：檢查裝置氣密性后，裝入藥品；打開分液漏斗活塞；關(guān)閉分液漏斗活塞；停止加熱E裝置，充分冷卻；水浴加熱E裝置。請按正確的順序填入上述步驟的序號：_。(6)在A裝置后可連接如圖所示裝置，當反應(yīng)結(jié)束關(guān)閉分液漏斗活塞后，關(guān)閉K，該裝置的作用是_。(7)ICl和水反應(yīng)的化學(xué)方程式為_。解析：(2)利用二氧化錳與濃鹽酸加熱制備氯氣，氯氣中含有氯化氫、水蒸氣，因此混合氣體先通過飽和食鹽水除去氯化氫，再通過濃硫酸除去水蒸氣，得到干燥純凈的氯氣，氯氣進入E裝置中，與碘進行反應(yīng)，由于ICl(氯化碘)是紅棕色液體，易水解，所以還必須連接B裝置，最后多余的尾氣被堿液吸收，則按氣流方向裝置的連接順序為ACBEBD；A裝置中發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為MnO24H2ClMn2Cl22H2O。(5)裝置連接好后，首先檢查裝置的氣密性，不漏氣后，加入藥品；打開分液漏斗活塞，反應(yīng)開始進行；用水浴法給E裝置加熱；反應(yīng)結(jié)束后，停止加熱E裝置，充分冷卻，待溫度降到室溫后，關(guān)閉分液漏斗活塞；則正確的實驗步驟為。(6)在A裝置后可連接如題圖所示的裝置，當反應(yīng)結(jié)束關(guān)閉分液漏斗活塞后，關(guān)閉K，該裝置可以用來儲存多余的Cl2，避免其釋放到空氣中污染空氣。(7)ICl易發(fā)生水解，與水反應(yīng)生成HCl和HIO，反應(yīng)的化學(xué)方程式為IClH2OHIOHCl。答案：(1)從A裝置的導(dǎo)管口連接一個導(dǎo)管伸入水中，關(guān)閉分液漏斗活塞，手握圓底燒瓶，若導(dǎo)管口有氣泡冒出，松開手后，有一段水柱倒吸入導(dǎo)管，說明A裝置氣密性良好(答案合理即可)(2)ACBEBDMnO24H2ClMn2Cl22H2O(3)除去Cl2中混有的HCl氣體(4)減少I2的升華和ICl的揮發(fā)(5)(6)儲存多余的Cl2(7)IClH2OHIOHCl18(10分)(1)過碳酸鈉是一種有多用途的新型氧系固態(tài)漂白劑，化學(xué)式可表示為Na2CO3·3H2O2，它具有Na2CO3和H2O2的雙重性質(zhì)。過碳酸鈉與下列物質(zhì)均會發(fā)生化學(xué)反應(yīng)而失效，其中過碳酸鈉只發(fā)生了氧化反應(yīng)的是_。AMnO2BKMnO4溶液C稀鹽酸DNa2SO3溶液(2)二氧化氯是目前國際上公認的第四代高效、無毒的廣譜消毒劑。用ClO2處理過的飲用水(pH為5.56.5)常含有一定量對人體不利的亞氯酸根離子(ClO)。飲用水中ClO2、ClO的含量可用連續(xù)碘量法進行測定。ClO2被I還原為ClO、Cl的轉(zhuǎn)化率與溶液pH的關(guān)系如圖所示。請寫出pH2.0時，ClO與I反應(yīng)的離子方程式：_。在pH7.08.0時，加入KI，發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為_。(3)漂白劑亞氯酸鈉(NaClO2)在常溫與黑暗處可保存一年，亞氯酸不穩(wěn)定可分解，反應(yīng)的離子方程式為HClO2ClO2 HClH2O(未配平)。當1 mol HClO2發(fā)生分解反應(yīng)時，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)是_。(4)有Fe2、NO、Fe3、NH、H和H2O六種粒子，分別屬于同一氧化還原反應(yīng)中的反應(yīng)物和生成物，則該反應(yīng)中氧化劑與還原劑的物質(zhì)的量之比為_。解析：(1)過碳酸鈉具有Na2CO3和H2O2的雙重性質(zhì)。A項，MnO2催化H2O2分解，H2O2既做氧化劑又做還原劑；C項，鹽酸與Na2CO3反應(yīng)；D項，H2O2氧化Na2SO3，H2O2做氧化劑，發(fā)生還原反應(yīng)。(2)由題圖可知，當pH2.0時，ClO2被I還原為Cl，則ClO也被還原為Cl；當pH7.08.0時，ClO2被I還原為ClO。(3)配平方程式得5HClO2=4ClO2 H Cl2H2O，5 mol HClO2參加反應(yīng)轉(zhuǎn)移電子數(shù)為4NA，則當1 mol HClO2分解時，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為0.8NA。(4)根據(jù)元素化合價變化Fe2Fe3、NHNO，可知Fe2與H、NO反應(yīng)生成Fe3、NH、H2O。答案：(1)B(2)ClO4H4I=Cl2I22H2O2ClO22I=2ClOI2(3)4.816×1023(或0.8NA)(4)1819(14分)小蘇打長期放置在空氣中會變質(zhì)(部分轉(zhuǎn)變?yōu)镹a2CO3)，某研究小組欲測定某小蘇打樣品中NaHCO3的質(zhì)量分數(shù)，設(shè)計如下實驗方案：.加熱分解法利用圖甲裝置，充分加熱小蘇打樣品。(1)儀器A的名稱為_。(2)在實驗過程中，需要測量的實驗數(shù)據(jù)有儀器A的質(zhì)量；_；_。.測量氣體體積法利用圖乙裝置，測定反應(yīng)生成氣體的體積。(3)組裝好儀器后，首先進行的操作為_。(4)導(dǎo)管g的作用為_。(5)為了減小實驗誤差，B、C中最好用_溶液代替水。(6)待反應(yīng)結(jié)束，氣體冷卻至室溫后，利用圖示裝置讀取氣體體積時，應(yīng)注意的事項有_；_。(7)若所取樣品的質(zhì)量為m g，反應(yīng)前滴定管C的讀數(shù)為V1 mL，反應(yīng)結(jié)束后滴定管C的讀數(shù)為V2 mL，則樣品中NaHCO3和Na2CO3的物質(zhì)的量之和為_(氣體體積均已換算為標準狀況下的體積)。解析：.(1)儀器A是坩堝。(2)還需要測定的實驗數(shù)據(jù)有加熱前儀器A和樣品的總質(zhì)量以及加熱冷卻后儀器A和殘留物的總質(zhì)量。.(3)涉及氣體的實驗，儀器連接好后第一步是檢查裝置氣密性。(4)導(dǎo)管g的作用是平衡分液漏斗與錐形瓶內(nèi)的氣壓，使液體順利流下；滴入錐形瓶的稀硫酸體積等于進入分液漏斗的氣體體積，從而消除由于加入稀硫酸引起的氣體體積誤差。(5)由于生成的二氧化碳能溶于水，會造成誤差，所以最好采用飽和NaHCO3溶液代替水，從而減小誤差。(6)讀數(shù)時上下移動C管，使B、C兩管液面相平，減小由于壓強不同引起的體積誤差；視線與凹液面最低處相平，減小由于讀數(shù)引起的體積誤差。(7)根據(jù)碳原子守恒，1 mol碳原子對應(yīng)1 mol二氧化碳，二氧化碳的物質(zhì)的量為 mol，所以樣品中 NaHCO3和Na2CO3的物質(zhì)的量之和為 mol。答案：.(1)坩堝(2)加熱前儀器A和樣品的總質(zhì)量加熱冷卻后儀器A和殘留物的總質(zhì)量.(3)檢查裝置氣密性(4)平衡分液漏斗與錐形瓶內(nèi)的氣壓，使液體順利流下；滴入錐形瓶的稀硫酸體積等于進入分液漏斗的氣體體積，從而消除由于加入稀硫酸引起的氣體體積誤差(5)飽和NaHCO3(6)讀數(shù)時上下移動C管，使B、C兩管液面相平視線與凹液面最低處相平(7) mol20(12分)汽車尾氣中CO、NOx以及燃煤廢氣中的SO2都是大氣污染物，對它們的治理具有重要意義。(1)氧化­還原法消除NOx的轉(zhuǎn)化如下：NONO2N2反應(yīng)為NOO3=NO2O2，生成標準狀況下11.2 L O2時，轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量是_mol。反應(yīng)中，當n(NO2)nCO(NH2)232時，氧化產(chǎn)物與還原產(chǎn)物的質(zhì)量比為_。(2)使用“催化轉(zhuǎn)化器”可以減少尾氣中的CO和NOx，轉(zhuǎn)化過程中發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為CONOxN2CO2(未配平)，若x1.5，則化學(xué)方程式中CO2和N2的化學(xué)計量數(shù)之比為_。(3)吸收SO2和NO，獲得Na2S2O4和NH4NO3產(chǎn)品的流程圖如下(Ce為鈰元素)。裝置中，酸性條件下，NO被Ce4氧化的產(chǎn)物主要是NO、NO，請寫出生成等物質(zhì)的量的NO和NO時的離子方程式：_。裝置的作用之一是用質(zhì)子交換膜電解槽電解使得Ce4再生，再生時生成的Ce4在電解槽的_(填“陽極”或“陰極”)，同時在另一極生成S2O的電極反應(yīng)式為_。已知進入裝置的溶液中，NO的濃度為a g·L1，要使1 m3該溶液中的NO完全轉(zhuǎn)化為NH4NO3，至少需向裝置中通入標準狀況下的氧氣_L(用含a的代數(shù)式表示，結(jié)果保留整數(shù))。解析：(1)在反應(yīng)NOO3=NO2O2中，每產(chǎn)生1 mol 氧氣，轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量是2 mol，則生成標準狀況下11.2 L(即0.5 mol)O2時，轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量是1 mol。反應(yīng)中，當n(NO2)nCO(NH2)232時，反應(yīng)方程式是6NO24CO(NH2)2=7N24CO28H2O，在該反應(yīng)中，NO2是氧化劑，變?yōu)檫€原產(chǎn)物N2；CO(NH2)2是還原劑，變?yōu)檠趸a(chǎn)物N2，所以氧化產(chǎn)物與還原產(chǎn)物的質(zhì)量比為8643。(2)使用“催化轉(zhuǎn)化器”可以減少尾氣中的CO和NOx，轉(zhuǎn)化過程中發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為CONOxN2CO2(未配平)，若x1.5，則根據(jù)得失電子守恒及原子守恒，可得化學(xué)方程式為3CO2NO1.5=N23CO2，化學(xué)方程式中CO2和N2的化學(xué)計量數(shù)之比為31。(3)在酸性條件下，NO被Ce4氧化的產(chǎn)物主要是NO、NO，根據(jù)得失電子守恒、電荷守恒、原子守恒可得生成等物質(zhì)的量的NO和NO時的離子方程式是2NO3H2O4Ce4=NONO6H4Ce3。用質(zhì)子交換膜電解槽電解Ce3使得Ce4再生，再生時Ce3失去電子，被氧化，所以生成的Ce4在電解槽的陽極，同時在另一極發(fā)生還原反應(yīng)生成S2O，電極反應(yīng)式為2H2HSO2e=S2O2H2O。已知進入裝置的溶液中，NO的濃度為a g·L1，要使1 m3該溶液中的NO完全轉(zhuǎn)化為NH4NO3，則失電子數(shù)是1 000× mol。設(shè)消耗標準狀況下氧氣的體積是V，則得電子數(shù)是×2×(20) mol。根據(jù)得失電子守恒可得1 000××2×(20)，解得V243a。答案：(1)143(2)31(3)2NO3H2O4Ce4=NONO6H4Ce3陽極2H2HSO2e=S2O2H2O243a