2019年高中數(shù)學 模塊綜合測評 新人教A版選修2-1.doc
2019年高中數(shù)學 模塊綜合測評 新人教A版選修2-1一、選擇題:本大題共10小題,每小題5分,共50分1已知命題p:若x2y20(x,yR),則x,y全為0;命題q:若ab,則.給出下列四個復合命題:p且q;p或q;綈p;綈q.其中真命題的個數(shù)是()A1個B2個C3個 D4個解析:命題p為真,命題q為假,故pq真,綈q真答案:B2“2k(kZ)”是“cos2”的()A充分不必要條件B必要不充分條件C充要條件D既不充分也不必要條件解析:當2k(kZ)時,cos2coscos.反之當cos2時,有22k(kZ)k(kZ),故應選A.答案:A3若直線l的方向向量為b,平面的法向量為n,則可能使l的是()Ab(1,0,0),n(2,0,0)Bb(1,3,5),n(1,0,1)Cb(0,2,1),n(1,0,1)Db(1,1,3),n(0,3,1)解析:若l,則b·n0.將各選項代入,知D選項正確答案:D4已知a(cos,1,sin),b(sin,1,cos),則向量ab與ab的夾角是()A90° B60°C30° D0°解析:|a|b|,(ab)·(ab)a2b20.故向量ab與ab的夾角是90°.答案:A5過拋物線y24x的焦點作直線交拋物線于A(x1,y1),B(x2,y2)兩點,如果x1x26,那么|AB|等于()A10 B8C6 D4解析:由拋物線的定義得|AB|x1x2p628.答案:B6如圖,在長方體ABCDA1B1C1D1中,ABBC2,AA11,則BC1與平面BB1D1D所成角的正弦值為()A. B.C. D.解析:建立如圖所示空間直角坐標系,得D(0,0,0),B(2,2,0),C1(0,2,1),B1(2,2,1),D1(0,0,1),則(2,2,0),(0,0,1),(2,0,1)設平面BD1的法向量n(x,y,z)取n(1,1,0)設BC1與平面BD1所成的角為,則sincosn,.答案:D7設斜率為2的直線l過拋物線y2ax(a0)的焦點F,且和y軸交于點A,若OAF(O為坐標原點)的面積為4,則拋物線方程是()Ay2±4x By2±8xCy24x Dy28x解析:y2ax的焦點坐標為,過焦點且斜率為2的直線方程為y2,令x0得y.××4,a264,a±8.答案:B8三棱錐ABCD中,ABACAD2,BAD90°,BAC60°,則·等于()A2B2C2D2解析:··()··|cos90°2×2×cos60°2.答案:A9設雙曲線1(a0,b0)的漸近線與拋物線yx21相切,則該雙曲線的離心率等于()A. B2C. D.解析:雙曲線1的漸近線方程為y±x,yx21與漸近線相切,故x21±x0只有一個實根,40,4,5,e.答案:C10雙曲線1與橢圓1(a0,mb0)的離心率互為倒數(shù),那么以a、b、m為邊長的三角形一定是()A銳角三角形 B鈍角三角形C直角三角形 D等腰三角形解析:雙曲線的離心率e,橢圓的離心率e,由已知ee1,即×1,化簡,得a2b2m2.以a、b、m為邊長的三角形為直角三角形答案:C第卷(非選擇題,共70分)二、填空題:本大題共4小題,每小題5分,共20分11雙曲線1的焦距是_解析:依題意a2m212,b24m2,所以c2a2b216,c4,2c8.答案:812命題p:若a,bR,則ab0是a0的充分條件,命題q:函數(shù)y的定義域是3,),則“pq”“pq”“綈p”中是真命題的有_解析:依題意可知p假,q真,所以“pq”為真,“pq”為假,“綈p”為真答案:“pq”“綈p”13已知A(0,4),B(3,2),拋物線x2y上的點到直線AB的最短距離為_解析:直線AB為2xy40,設拋物線y2x上的點P(t,t2),d.答案:.14在棱長為1的正方體ABCDA1B1C1D1中,M和N分別是A1B1和BB1的中點,那么直線AM與CN所成角的余弦值為_解析:建立空間直角坐標系如圖,則M,N,A(1,0,0),C(0,1,0),.cos,.即直線AM與CN所成角的余弦值為.答案:三、解答題:本大題共4小題,滿分50分15(12分)已知命題p:方程1表示焦點在y軸上的橢圓,命題q:雙曲線1的離心率e,若命題p、q中有且只有一個為真命題,求實數(shù)m的取值范圍解:若p真,則有9m2m0,即0m3.若q真,則有m0,且e211,即m5.若p、q中有且只有一個為真命題,則p、q一真一假(4分)若p真、q假,則0m3,且m5或m,即0m;(6分)若p假、q真,則m3或m0,且m5,即3m5.(8分)故所求m的范圍為:0m或3m5.(12分)16(12分)設圓C與兩圓(x)2y24,(x)2y24中的一個內(nèi)切,與另一個外切(1)求圓C的圓心軌跡L的方程;(2)已知點M,F(xiàn)(,0),且P為L上一動點,求|MP|FP|的最大值及此時點P的坐標解:(1)設圓C的圓心坐標為(x,y),半徑為r.圓(x)2y24的圓心為F1(,0),半徑為2,圓(x)2y24的圓心為F(,0),半徑為2.由題意得或|CF1|CF|4.|F1F|24,圓C的圓心軌跡是以F1(,0),F(xiàn)(,0)為焦點的雙曲線,其方程為y21.(6分)(2)由圖知,|MP|FP|MF|,當M,P,F(xiàn)三點共線,且點P在MF延長線上時,|MP|FP|取得最大值|MF|,且|MF|2.直線MF的方程為y2x2,與雙曲線方程聯(lián)立得整理得15x232x840.解得x1(舍去),x2.此時y.當|MP|FP|取得最大值2時,點P的坐標為.(12分)17(12分)如圖,點F1(c,0),F(xiàn)2(c,0)分別是橢圓C:1(ab0)的左、右焦點,過點F1作x軸的垂線交橢圓C的上半部分于點P,過點F2作直線PF2的垂線交直線x于點Q.(1)如果點Q的坐標是(4,4),求此時橢圓C的標準方程;(2)證明:直線PQ與橢圓C只有一個交點解:(1)方法一:由條件知,P.故直線PF2的斜率為kPF2.PF2F2Q.直線F2Q的方程為yx.故Q.由題設知,4,2a4,解得a2,c1.則b2a2c23.故橢圓方程為1.(6分)方法二:設直線x與x軸交于點M.由條件知,P.PF1F2F2MQ,.即,解得|MQ|2a.解得a2,c1.則b23.故橢圓方程為1.(6分)(2)直線PQ的方程為,即yxa.將上式代入橢圓方程得,x22cxc20,解得xc,y.直線PQ與橢圓C只有一個交點(12分)18(14分)如圖,在五面體ABCDEF中,F(xiàn)A平面ABCD,ADBCFE,ABAD,M為EC的中點,AFABBCFEAD.(1)求異面直線BF與DE所成的角的大??;(2)證明平面AMD平面CDE;(3)求二面角ACDE的余弦值解:如圖所示,建立空間直角坐標系,點A為坐標原點設AB1,依題意得B(1,0,0),C(1,1,0),D(0,2,0),E(0,1,1),F(xiàn)(0,0,1),M.(1)(1,0,1),(0,1,1),于是cos,.異面直線BF與DE所成的角的大小為60°.(4分)(2)證明:由,(1,0,1),(0,2,0),可得·0,·0.因此,CEAM,CEAD.又AMADA,故CE平面AMD.而CE平面CDE,所以平面AMD平面CDE.(8分)(3)設平面CDE的法向量為u(x,y,z),則于是令z1,可得u(1,1,1)又由題設,平面ACD的一個法向量為v(0,0,1)cosu,v.二面角ACDE為銳角,其余弦值為.(14分)