（浙江選考）2019高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題七 計算題題型強化 第4講 加試第23題 電磁感應(yīng)規(guī)律的綜合應(yīng)用課件.ppt

第4講加試第23題電磁感應(yīng)規(guī)律的綜合應(yīng)用,專題七計算題題型強化,內(nèi)容索引,題型1電磁感應(yīng)中的動力學(xué)問題,題型2電磁感應(yīng)中的動力學(xué)和能量問題,電磁感應(yīng)中的動力學(xué)問題,題型1,1.基本特點 導(dǎo)體棒運動產(chǎn)生感應(yīng)電動勢感應(yīng)電流通電導(dǎo)體棒受安培力合外力變化加速度變化速度變化周而復(fù)始地循環(huán)，最終導(dǎo)體棒的加速度等于零，導(dǎo)體棒達到穩(wěn)定運動狀態(tài)，要抓住a0時速度v達到最大的特點.,2.基本思路,例1如圖1所示，豎直平面內(nèi)有兩個半徑為r、光滑的 圓弧形金屬環(huán)，在M、N處分別與距離為2r、足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌ME、NF相接，金屬環(huán)最高點A處斷開不接觸.金屬導(dǎo)軌ME、NF的最遠(yuǎn)端EF之間接有電阻為R的小燈泡L.在MN上方及CD下方有水平方向的勻強磁場和，磁感應(yīng)強度大小均為B，磁場和之間的距離為h.現(xiàn)有質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒ab，從,金屬環(huán)的最高點A處由靜止下落，在下落過程中導(dǎo)體棒始終保持水平，與金屬及軌道接觸良好.已知導(dǎo)體棒下落 時向下的加速度為a.導(dǎo)體棒進入磁場后小燈泡亮度始終不變.重力加速度為g.導(dǎo)體棒、軌道、金屬環(huán)的電阻均不計.求：,圖1,(1)導(dǎo)體棒從A處下落 時的速度v1大小；,答案,解析,根據(jù)牛頓第二定律得：,(2)導(dǎo)體棒下落到MN處時的速度v2大小；,答案,解析,解析導(dǎo)體棒進入磁場后小燈泡亮度始終不變，說明導(dǎo)體棒受力平衡，勻速下落，設(shè)此時導(dǎo)體棒的速度為v3，則：,從MN下落到CD，v222ghv32,(3)將磁場的CD邊界下移一小段距離，分析導(dǎo)體棒進入磁場后小燈泡的亮度變化情況，并說明原因.,答案,解析,答案見解析,解析CD邊界下移一段距離，導(dǎo)體棒ab進入磁場時速度大于v3，mg<F安，導(dǎo)體棒做加速度逐漸減小的減速運動，速度減小，感應(yīng)電動勢減小，感應(yīng)電流減小，電功率減小，亮度減小，最后mgF安，導(dǎo)體棒做勻速運動，亮度不變.,1.(2018金華市十校聯(lián)考)如圖2甲所示，一個電阻值為R、匝數(shù)為n的圓形金屬線圈(圖中只畫出1匝)與一個正方形金屬框abcd連接成閉合回路.圓形金屬線圈的半徑為r1，在線圈里面半徑為r2的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于線圈平面向里的勻強磁場，其磁感應(yīng)強度大小B1與時間t關(guān)系圖線如圖乙所示，圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0.正方形金屬框abcd的質(zhì)量為m，每條邊的長度和阻值分別為L和R，放置于豎直平面內(nèi)，金屬框兩頂點a、b通過導(dǎo)線與圓形金屬線,圖2,圈的兩端點相連，金屬框abcd所在的空間存在有垂直金屬框水平向外的勻強磁場，金屬框恰好處于靜止?fàn)顟B(tài).導(dǎo)線電阻不計，導(dǎo)線對a、b點的作用力不計，重力加速度為g.求t1時刻：,(1)通過金屬框ab邊的電流方向；,答案,解析,答案b流向a,解析金屬框恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，所受安培力與重力平衡，根據(jù)左手定則判定，通過金屬框ab邊上的電流方向為b流向a.,(2)通過金屬框ab邊的電流大??；,答案,解析,解析由法拉第電磁感應(yīng)定律得感應(yīng)電動勢為,由閉合電路歐姆定律得，通過導(dǎo)線的總電流大小為,(3)金屬框所在處勻強磁場的磁感應(yīng)強度B2大小.,答案,解析,金屬框受重力和安培力，處于靜止?fàn)顟B(tài)， 有mgB2IabLB2IcdL,電磁感應(yīng)中的動力學(xué)和能量問題,題型2,1.電磁感應(yīng)現(xiàn)象遵守能量守恒定律，電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電能，一定是由其他形式的能轉(zhuǎn)化而來的，從電磁感應(yīng)現(xiàn)象產(chǎn)生的機理來區(qū)分，分為兩種情況： (1)單純的磁場變化：磁能電能電路中的內(nèi)能(或其他形式的能)； (2)導(dǎo)體切割磁感線：機械能電能電路中的內(nèi)能(或其他形式的能). 2.導(dǎo)體切割磁感線而產(chǎn)生的電能，必定等于導(dǎo)體克服安培力做的功，即產(chǎn)生的電能是用克服安培力做的功來量度的.,3.從能量轉(zhuǎn)化的角度分析電磁感應(yīng)過程，必須牢牢抓住能量守恒這一基本規(guī)律.分析的基本思路是： 受力分析弄清哪些力做功，做正功還是負(fù)功明確有哪些形式的能參與轉(zhuǎn)化，哪些增哪些減由能量守恒定律列方程求解.,例2(2018慈溪市期末)如圖3甲所示，彎折成90角的兩根足夠長金屬導(dǎo)軌平行放置，形成左右兩導(dǎo)軌平面，左導(dǎo)軌平面與水平面成53角，右導(dǎo)軌平面與水平面成,圖3,37角，兩導(dǎo)軌相距L0.2 m，電阻不計.質(zhì)量均為m0.1 kg，電阻均為R0.1 的金屬桿ab、cd與導(dǎo)軌垂直接觸形成閉合回路，金屬桿與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)均為0.5，整個裝置處于磁感應(yīng)強度大小為B1.0 T，方向平行于左導(dǎo)軌平面且垂直右導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場中.t0時刻開始，ab桿以初速度v1沿右導(dǎo)軌平面下滑.t1 s時刻開始，對ab桿施加一垂直ab桿且平行右導(dǎo)軌平面向下的力F，使ab開始做勻加速直線運動.cd桿運動的vt圖象如圖乙所示(其中第1 s、第3 s內(nèi)圖線為直線).若兩桿下滑過程均保持與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.求：,(1)在第1 s內(nèi)cd桿受到的安培力的大??；,答案,解析,答案0.2 N,解析ab桿沿右側(cè)導(dǎo)軌下滑，根據(jù)右手定則可知ab桿中感應(yīng)電流由a到b，則cd桿中電流由d到c，根據(jù)左手定則可知cd桿受到的安培力垂直于左側(cè)導(dǎo)軌向下.,對cd桿受力分析，根據(jù)牛頓第二定律， 有mgsin 53(mgcos 53F安)ma1 解得安培力F安0.2 N,(2)ab桿的初速度v1的大小；,答案,解析,答案1 m/s,解析對cd桿：安培力F安BIL,對ab桿：感應(yīng)電動勢EI2R0.2 V 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律EBLv1,(3)若第2 s內(nèi)力F所做的功為9 J，求第2 s內(nèi)cd桿所產(chǎn)生的焦耳熱.,答案,解析,答案3 J,解析根據(jù)題圖vt圖象可知，,對cd桿受力分析，根據(jù)牛頓第二定律， 有mgsin 53(mgcos 53F安)ma2 解得安培力F安1.8 N,第1 s內(nèi)，對ab桿受力分析，有mgsin 37mgcos 37BIL0， 則第1 s內(nèi)ab桿勻速運動.,對ab桿，根據(jù)動能定理，有,解得安培力做功W安6 J 回路中產(chǎn)生的焦耳熱QW安2Qcd 故第2 s內(nèi)cd桿所產(chǎn)生的焦耳熱Qcd3 J,2.(2018諾丁漢大學(xué)附中期中)如圖4甲所示，兩根足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ被固定在水平面上，導(dǎo)軌間距L0.6 m，兩導(dǎo)軌的左端用導(dǎo)線連接電阻R1及理想電壓表，電阻r2 的金屬棒垂直于導(dǎo)軌靜止在AB處；右端用導(dǎo)線連接電阻R2，已知R12 ，R21 ，導(dǎo)軌及導(dǎo)線電阻均不計.在矩形區(qū)域CDEF內(nèi)有豎直向上的磁場，CE0.2 m，磁感應(yīng)強度隨時間的變化如圖乙所示.在t0時刻開始，對金屬棒施加一水平向右的恒力F，從金屬棒開始運動直到離開磁場區(qū)域的整個過程中電壓表的示數(shù)保持不變.求：,圖4,(1)t0.1 s時電壓表的示數(shù)；,答案,解析,答案0.3 V,解析設(shè)磁場寬度為dCE，在00.2 s的時間內(nèi)，有,此時，R1與金屬棒r并聯(lián)，再與R2串聯(lián) RR并R22 ,(2)恒力F的大?。?答案0.27 N,解析金屬棒進入磁場后，有,FABIL 即FA10.450.6 N0.27 N 由于金屬棒進入磁場后電壓表示數(shù)始終不變，所以金屬棒做勻速運動， 有FFA 得F0.27 N,答案,解析,(3)從t0時刻到金屬棒運動出磁場的過程中整個電路產(chǎn)生的熱量Q.,答案,解析,答案0.09 J,解析金屬棒在00.2 s的運動時間內(nèi)，有,金屬棒進入磁場后，因電壓表示數(shù)保持不變，故切割磁感線速度v不變，則WFWA0 WFFd0.270.2 J0.054 J 根據(jù)能量轉(zhuǎn)化規(guī)律Q2WA0.054 J 故Q總Q1Q20.09 J,3.(2018紹興市選考診斷)某興趣小組設(shè)計了一種利用開、關(guān)門來發(fā)電的裝置，如圖5甲所示.門ABCD可繞AD軸無摩擦轉(zhuǎn)動90，其BC邊是質(zhì)量m2 kg、電阻r5 的金屬條，門的其他部分為絕緣體且質(zhì)量忽略不計，AB1 m，BC2 m，金屬條B、C兩端用導(dǎo)線連接電阻R5 的小燈泡組成閉合回路，門角B點與墻面間連有一輕質(zhì)彈簧(圖中未畫出).門關(guān)閉時，門邊BC處于位置，此時彈簧處于原長；門打開90時，門邊BC處于位置，此時彈簧拉伸最長.在門邊BC轉(zhuǎn)動路徑的到位置區(qū)域，存在高2米、圓心角為45的柱形輻向磁場區(qū)域AMNFDAE，如圖乙所示.BC邊轉(zhuǎn)動路徑附近的磁感應(yīng)強度為B1 T.現(xiàn)用力推門，使門從位置由靜止 開始轉(zhuǎn)動，以恒定的角速度1 rad/s經(jīng)過磁場區(qū)域，當(dāng)門邊 BC轉(zhuǎn)過時撤去F，門剛好能轉(zhuǎn)過90到達位置而速度減為 0，此后又在彈簧作用下被彈回，直至關(guān)閉，已知此過程中推 力做功為WF1.5 J.其中取3.,圖5,(1)門邊BC剛轉(zhuǎn)到位置進入磁場瞬間，通過燈泡的電流方向如何(選答“BC”或“CB”)?,答案,解析,答案BC,解析根據(jù)右手定則，通過燈泡的電流方向為BC.,(2)門邊BC剛轉(zhuǎn)到位置進入磁場瞬間，求燈泡兩端的電壓U；,答案,解析,答案1 V,解析門剛好進入磁場時，門BC邊切割磁感線的速度vLAB1 m/s 產(chǎn)生的電動勢EBLv121 V2 V,燈泡兩端的電壓UIR1 V,(3)已知門剛好關(guān)閉前的角速度1 rad/s，求門彈回直至關(guān)閉過程中小燈泡消耗的電能.,答案,解析,答案0.1 J,解析在門打開過程中，BC邊克服安培力做功，回路中產(chǎn)生焦耳熱 Q1I2(Rr)t0.3 J 門關(guān)閉前的速度vLAB1 m/s,整個過程中，根據(jù)能量守恒，外力做功轉(zhuǎn)化為焦耳熱和門增加的動能 則回路總的焦耳熱Q總WFEk0.5 J 因此門彈回直至關(guān)閉過程中產(chǎn)生的電能Q2Q總Q10.2 J,