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(安徽專用)2013年高考數(shù)學總復習 第七章第8課時 立體幾何中的向量方法 課時闖關(含解析)

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(安徽專用)2013年高考數(shù)學總復習 第七章第8課時 立體幾何中的向量方法 課時闖關(含解析)

第七章第8課時 立體幾何中的向量方法 課時闖關(含解析)一、選擇題1(2012·天水調(diào)研)已知二面角-l-的大小是,m,n是異面直線,且m,n,則m,n所成的角為()A.B.C. D.解析:選B.m,n,異面直線m,n所成的角的補角與二面角l互補又異面直線所成角的范圍為,m,n所成的角為.2如圖,在長方體ABCDA1B1C1D1中,AB2,AA1,AD2,P為C1D1的中點,M為BC的中點則AM與PM的位置關系為()A平行 B異面C垂直 D以上都不對解析:選C.以D點為原點,分別以DA,DC,DD1為x,y,z軸的正方向,建立如圖所示的空間直角坐標系Dxyz,依題意,可得,D(0,0,0),P(0,1,),C(0,2,0),A(2,0,0),M(,2,0)(,2,0)(0,1,)(,1,),(,2,0)(2,0,0)(,2,0),·(,1,)·(,2,0)0,即,AMPM.3直三棱柱ABCA1B1C1中,ACB90°,BAC30°,BC1,AA1,M是CC1的中點,則異面直線AB1與A1M所成的角為()A60° B45°C30° D90°解析:選D.建立坐標系如圖所示,易得M(0,0,),A1(0,0),A(0,),B1(1,0,0),(1,),(0,)·1×030,.即AB1A1M.4已知正方體ABCDA1B1C1D1,則直線BC1與平面A1BD所成的角的余弦值是()A. B.C. D.解析:選C.建立空間直角坐標系如圖所示設正方體的棱長為1,設直線BC1與平面A1BD所成的角為,則D(0,0,0),A(1,0,1),A1(1,0,1),B(1,1,0),C1(0,1,1),(1,0,1),(1,1,0),(1,0,1),設n(x,y,z)是平面A1BD的一個法向量,則,令z1,則x1,y1.n(1,1,1),sin|cosn,|,cos.5在正方體ABCDA1B1C1D1中,點E為BB1的中點,則平面A1ED與平面ABCD所成的銳二面角的余弦值為()A. B.C. D.解析:選B.建立如圖所示的空間直角坐標系,設正方體的棱長為1,則D(0,0,0),A1(1,0,1),E,(1,0,1),設n(x,y,z)為平面A1DE的法向量,則,令z1,則x1,y,n,取平面ABCD的法向量m(0,0,1)則cosm,n,故所求銳二面角的余弦值為.二、填空題6已知(1,5,2),(3,1,z),若,(x1,y,3),且BP平面ABC,則實數(shù)x,y,z分別為_解析:由題知,.所以即解得,x,y,z4.答案:,47(2012·貴陽調(diào)研)長方體ABCDA1B1C1D1中,ABAA12,AD1,E為CC1的中點,則異面直線BC1與AE所成角的余弦值為_解析:建立坐標系如圖,則A(1,0,0),E(0,2,1),B(1,2,0),C1(0,2,2),(1,0,2),(1,2,1),cos,.答案:8設正方體ABCDA1B1C1D1的棱長為2,則點D1到平面A1BD的距離是_解析:如圖建立空間直角坐標系,則D1(0,0,2),A1(2,0,2),D(0,0,0),B(2,2,0),(2,0,0),(2,0,2),(2,2,0),設平面A1BD的一個法向量n(x,y,z),則.令x1,則n(1,1,1),點D1到平面A1BD的距離d.答案:三、解答題9(2011·高考遼寧卷)如圖,四邊形ABCD為正方形,PD平面ABCD,PDQA,QAABPD.(1)證明:平面PQC平面DCQ;(2)求二面角QBPC的余弦值解:如圖,以D為坐標原點,線段DA的長為單位長,射線DA為x軸的正半軸建立空間直角坐標系Dxyz.(1)證明:依題意有Q(1,1,0),C(0,0,1),P(0,2,0),則(1,1,0),(0,0,1),(1,1,0)所以·0,·0,即PQDQ,PQDC.又DQDCD,所以PQ平面DCQ.又PQ平面PQC,所以平面PQC平面DCQ.(2)依題意有B(1,0,1),(1,0,0),(1,2,1)設n(x,y,z)是平面PBC的法向量,則即因此可取n(0,1,2)同理,設m是平面PBQ的法向量,則可取m(1,1,1)所以cosm,n.故二面角QBPC的余弦值為.10(2011·高考福建卷節(jié)選)如圖,四棱錐PABCD中,PA底面ABCD,四邊形ABCD中,ABAD,ABAD4,CD,CDA45°.(1)求證:平面PAB平面PAD.(2)設ABAP,若直線PB與平面PCD所成的角為30°,求線段AB的長解:(1)證明:因為PA平面ABCD,AB平面ABCD,所以PAAB.又ABAD,PAADA,所以AB平面PAD.又AB平面PAB,所以平面PAB平面PAD. (2)以A為坐標原點,建立空間直角坐標系Axyz(如圖)在平面ABCD內(nèi),作CEAB交AD于點E,則CEAD.在RtCDE中,DECD·cos45°1,CECD·sin 45°1.設ABAPt,則B(t,0,0),P(0,0,t)由ABAD4得AD4t,所以E(0,3t,0),C(1,3t,0),D(0,4t,0),(1,1,0),(0,4t,t)設平面PCD的法向量為n(x,y,z),由n,n,得取xt,得平面PCD的一個法向量n(t,t,4t)又(t,0,t),故由直線PB與平面PCD所成的角為30°得,cos 60°,即,解得t或t4(舍去,因為AD4t>0),所以AB.11如圖,在五面體ABCDEF中,F(xiàn)A平面ABCD,ADBCFE,ABAD,M為EC的中點,AFABBCFEAD.(1)求異面直線BF與DE所成的角的大?。?2)證明平面AMD平面CDE;(3)求二面角ACDE的余弦值解:如圖所示,建立空間直角坐標系,點A為坐標原點,設AB1,依題意得B(1,0,0),C(1,1,0),D(0,2,0),E(0,1,1),F(xiàn)(0,0,1),M.(1)(1,0,1),(0,1,1),于是cos,.所以異面直線BF與DE所成的角的大小為60°.(2)證明:由,(1,0,1),(0,2,0),可得·0,·0.因此,CEAM,CEAD.又AMADA,故CE平面AMD.而CE平面CDE,所以平面AMD平面CDE.(3)設平面CDE的法向量為u(x,y,z),則于是令x1,可得u(1,1,1)又由題設,平面ACD的一個法向量為(0,0,1)所以cosu,.因為二面角ACDE為銳角,所以其余弦值為.

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