(浙江選考)2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第12章 動(dòng)量守恒定律 波粒二象性 原子結(jié)構(gòu)與原子核 第1講 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用課件.ppt
選考導(dǎo)航,第1講動(dòng)量定理動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用,知識(shí)排查,動(dòng)量及動(dòng)量定理,1.動(dòng)量 (1)定義:運(yùn)動(dòng)物體的質(zhì)量和_的乘積叫做物體的動(dòng)量,通常用p來表示。 (2)表達(dá)式:p_。 (3)單位:_。 (4)標(biāo)矢性:動(dòng)量是矢量,其方向和_方向相同。 (5)動(dòng)量的瞬時(shí)性:動(dòng)量是描述物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的物理量,針對某一_而言。 (6)動(dòng)量的變化量:是矢量,其表達(dá)式ppp為矢量式,當(dāng)p、p在同一條直線上時(shí),可規(guī)定正方向,將矢量運(yùn)算轉(zhuǎn)化為代數(shù)運(yùn)算。,kgm/s,速度,mv,速度,時(shí)刻,2.沖量,(1)定義:力F與力的作用時(shí)間t的_。 (2)定義式:I_,單位是_。 (3)方向:恒力作用時(shí),與力的方向_。 (4)物理意義:是一個(gè)過程量,表示力在時(shí)間上積累的作用效果。,Ft,Ns,乘積,相同,3.動(dòng)量定理,(1)內(nèi)容:物體在一個(gè)過程始末的_等于它在這個(gè)過程中所受_的沖量。 (2)表達(dá)式:ppI合。 (3)動(dòng)量定理既適用于恒力,也適用于變力。,動(dòng)量變化,合力,1.內(nèi)容:如果一個(gè)系統(tǒng)_,或者所受_為0,這個(gè)系統(tǒng)的總動(dòng)量保持不變。 2.表達(dá)式:m1v1m2v2_。 3.適用條件 (1)理想守恒:系統(tǒng)不受外力或所受_為零,則系統(tǒng)動(dòng)量守恒。 (2)近似守恒:系統(tǒng)受到的合力不為零,但當(dāng)內(nèi)力遠(yuǎn)_外力時(shí),系統(tǒng)的動(dòng)量可近似看成守恒。 (3)分方向守恒:系統(tǒng)在某個(gè)方向上所受合力為零時(shí),系統(tǒng)在該方向上動(dòng)量守恒。,動(dòng)量守恒定律,m1v1m2v2,不受外力,外力的矢量和,外力的合力,大于,1.碰撞 (1)定義:碰撞是指物體間的相互作用持續(xù)時(shí)間_,而物體間的相互作用力_的現(xiàn)象。 (2)特點(diǎn):在碰撞現(xiàn)象中,一般都滿足內(nèi)力_外力,可認(rèn)為相互碰撞的系統(tǒng)動(dòng)量守恒。,碰撞反沖運(yùn)動(dòng)火箭,遠(yuǎn)大于,很短,很大,(3)分類,守恒,最大,2.反沖運(yùn)動(dòng),(1)反沖:根據(jù)動(dòng)量守恒定律,如果一個(gè)靜止的物體在_的作用下分裂為兩個(gè)部分,一部分向某個(gè)方向運(yùn)動(dòng),另一部分必然向_的方向運(yùn)動(dòng)。 (2)反沖現(xiàn)象的應(yīng)用及防止 應(yīng)用:農(nóng)田、園林的噴灌裝置是利用反沖使水從噴口噴出時(shí),一邊噴水一邊_ ,可以自動(dòng)改變噴水的方向。 防止:用槍射擊時(shí),由于槍身的反沖會(huì)影響射擊的_,所以用步槍射擊時(shí)要把槍身抵在_ ,以減少反沖的影響。,內(nèi)力,相反,旋轉(zhuǎn),準(zhǔn)確性,肩部,3.火箭,(1)火箭的原理 火箭的工作原理是_運(yùn)動(dòng),其反沖過程_守恒,它靠向后噴出的氣流的反沖作用而獲得_的速度。 (2)影響火箭獲得速度大小的因素 噴氣速度:現(xiàn)代液體燃料火箭的噴氣速度約為_m/s。 火箭的質(zhì)量比:指火箭起飛時(shí)的質(zhì)量與_之比,決定于火箭的結(jié)構(gòu)和材料。現(xiàn)代火箭的質(zhì)量比一般小于_。 噴氣速度_,質(zhì)量比_ ,火箭獲得的速度_ 。,2 0004 000,10,反沖,動(dòng)量,向前,火箭除燃料外的箭體質(zhì)量,越大,越大,越大,小題速練,1.思考判斷 (1)動(dòng)量越大的物體,其速度越大() (2)物體的動(dòng)量越大,其慣性也越大() (3)物體所受合力不變,則動(dòng)量也不改變() (4)物體沿水平面運(yùn)動(dòng)時(shí),重力不做功,其沖量為零() (5)物體所受合外力的沖量的方向與物體末動(dòng)量的方向相同() (6)物體所受的合外力的沖量方向與物體動(dòng)量變化的方向是一致的() (7)物體相互作用時(shí)動(dòng)量守恒,但機(jī)械能不一定守恒(),(8)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體動(dòng)量不變() (9)物體的動(dòng)能不變,其動(dòng)量一定不變() (10)應(yīng)用動(dòng)量守恒定律時(shí),速度應(yīng)相對同一參考系() 答案(1)(2)(3)(4)(5)(6)(7)(8)(9)(10),2.下列關(guān)于動(dòng)量的說法正確的是() A.質(zhì)量大的物體動(dòng)量一定大 B.速度大的物體動(dòng)量一定大 C.兩物體動(dòng)能相等,動(dòng)量不一定相同 D.兩物體動(dòng)能相等,動(dòng)量一定相等,答案C,3.(多選)如圖1所示,在光滑的水平面上有靜止的物體A和B。物體A的質(zhì)量是B的2倍,兩物體中間用被細(xì)繩束縛的處于壓縮狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧相連。當(dāng)把細(xì)繩剪斷,彈簧在恢復(fù)原長的過程中(),圖1 A.A的速率是B的2倍 B.A的動(dòng)量大于B的動(dòng)量 C.A受的力等于B受的力 D.A、B組成的系統(tǒng)的總動(dòng)量為零 答案CD,4.人教版選修35P16T5改編某機(jī)車以0.8 m/s的速度駛向停在鐵軌上的15節(jié)車廂,跟它們對接。機(jī)車跟第1節(jié)車廂相碰后,它們連在一起具有一個(gè)共同的速度,緊接著又跟第2節(jié)車廂相碰,就這樣,直至碰上最后一節(jié)車廂。設(shè)機(jī)車和車廂的質(zhì)量都相等,則跟最后一節(jié)車廂相碰后車廂的速度為(鐵軌的摩擦忽略不計(jì))() A.0.053 m/s B.0.05 m/s C.0.057 m/s D.0.06 m/s,答案B,動(dòng)量和動(dòng)量定理,1.沖量的計(jì)算方法 (1)計(jì)算沖量可以使用定義式IFt求解,此方法僅限于恒力的沖量,無需考慮物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。 (2)利用Ft圖象計(jì)算,F(xiàn)t圍成的面積可以表示沖量,該種方法可以計(jì)算變力的沖量。,2.動(dòng)量、動(dòng)能、動(dòng)量變化量的比較,3.用動(dòng)量定理解題的基本思路,4.用動(dòng)量定理解釋現(xiàn)象 (1)物體的動(dòng)量變化一定,此時(shí)力的作用時(shí)間越短,力就越大;時(shí)間越長,力就越小。 (2)作用力一定,此時(shí)力的作用時(shí)間越長,動(dòng)量變化越大;力的作用時(shí)間越短,動(dòng)量變化越小。,【典例】質(zhì)量為60 kg的建筑工人,不慎從高空跌下,由于彈性安全帶的保護(hù),使他懸掛起來。已知彈性安全帶的緩沖時(shí)間1.2 s,安全帶長5 m,g取10 m/s2,則安全帶所受的平均沖力的大小為() A.500 N B.1 100 N C.600 N D.100 N 解析選取人為研究對象, 人下落過程v22gh,v10 m/s, 緩沖過程由動(dòng)量定理(Fmg)tmv,,由牛頓第三定律,安全帶所受的平均沖力為1 100 N。 答案B,1.(多選)對任何一個(gè)一定質(zhì)量的物體,下列說法正確的是() A.物體的動(dòng)量發(fā)生變化,其動(dòng)能一定發(fā)生變化 B.物體的動(dòng)量發(fā)生變化,其動(dòng)能不一定發(fā)生變化 C.物體的動(dòng)能發(fā)生變化,其動(dòng)量一定發(fā)生變化 D.物體的動(dòng)能發(fā)生變化,其動(dòng)量不一定發(fā)生變化 解析物體的動(dòng)量發(fā)生變化,可能是方向改變也可能是大小改變,所以物體的動(dòng)能不一定發(fā)生變化,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤,B正確;物體的動(dòng)能變化,速度大小一定變化,則動(dòng)量一定發(fā)生變化,故選項(xiàng)C正確,D錯(cuò)誤。 答案BC,2.(多選)如圖2所示,籃球運(yùn)動(dòng)員接傳來的籃球時(shí),通常要先伸出兩臂迎接,手接觸到球后,兩臂隨球迅速引至胸前,這樣做可以(),圖2 A.減小球的動(dòng)量的變化量 B.減小球?qū)κ肿饔昧Φ臎_量 C.減小球的動(dòng)量變化率 D.延長接球過程的時(shí)間來減小手受到的作用力,答案CD,3.在水平力F30 N的作用下,質(zhì)量m5 kg的物體由靜止開始沿水平面運(yùn)動(dòng)。已知物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2,若F作用6 s后撤去,撤去F后物體還能向前運(yùn)動(dòng)多長時(shí)間才停止?(g取10 m/s2),答案12 s,法二用動(dòng)量定理解,研究全過程。 選物體作為研究對象,研究整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程,這個(gè)過程中的初、末狀態(tài)物體的速度都等于零。 取水平力F的方向?yàn)檎较?,根?jù)動(dòng)量定理得 (Fmg)t1(mg)t20,1.動(dòng)量守恒的判斷,(1)明確系統(tǒng)由哪幾個(gè)物體組成。 (2)對系統(tǒng)中各物體進(jìn)行受力分析,分清哪些是內(nèi)力,哪些是外力。 (3)看所有外力的合力是否為零,或內(nèi)力是否遠(yuǎn)大于外力,從而判定系統(tǒng)的動(dòng)量是否守恒。 注意:動(dòng)量守恒的條件和機(jī)械能守恒的條件不同。機(jī)械能守恒的條件是只有重力、彈力做功,動(dòng)量守恒的條件是系統(tǒng)不受外力或所受外力的合力為零。,動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用,2.動(dòng)量守恒定律的理解,(1)矢量性:表達(dá)式中涉及的都是矢量,需要首先選取正方向,分清各物體初末動(dòng)量的正、負(fù)。 (2)瞬時(shí)性:動(dòng)量是狀態(tài)量,動(dòng)量守恒指對應(yīng)每一時(shí)刻的總動(dòng)量都和初時(shí)刻的總動(dòng)量相等。不同時(shí)刻的動(dòng)量不能相加。 (3)同一性:速度的大小跟參考系的選取有關(guān),應(yīng)用動(dòng)量守恒定律,各物體的速度必須是相對同一參考系的速度。一般選地面為參考系。 (4)普適性:它不僅適用于兩個(gè)物體組成的系統(tǒng),也適用于多個(gè)物體組成的系統(tǒng);不僅適用于宏觀物體組成的系統(tǒng),也適用于微觀粒子組成的系統(tǒng)。,3.動(dòng)量守恒定律的解題步驟,【典例1】在高速公路上發(fā)生了一起交通事故,一輛質(zhì)量為1 500 kg 向南行駛的長途客車迎面撞上了一輛質(zhì)量為3 000 kg 向北行駛的卡車,碰后兩車接在一起,并向南滑行了一小段距離后停止,根據(jù)測速儀的測定,長途客車碰前以20 m/s 的速率行駛,由此可判斷卡車碰前的行駛速率是() A.小于10 m/s B.大于10 m/s小于20 m/s C.大于20 m/s小于30 m/s D.大于30 m/s小于40 m/s,解析由于碰撞過程時(shí)間極短,兩車之間的作用力遠(yuǎn)大于它們所受到的阻力,可認(rèn)為碰撞過程中兩車的動(dòng)量守恒。設(shè)向南為正方向,客車的質(zhì)量為m11 500 kg、速度為v120 m/s,卡車的質(zhì)量為m23 000 kg、速率為v2。由于碰后兩車撞在一起向南滑行,故碰后兩車的共同速度v0。 根據(jù)動(dòng)量守恒定律有:m1v1m2v2(m1m2)v 所以m1v1m2v20,代入數(shù)據(jù)得:v2<10 m/s 答案A,【典例2】人教版選修35P17T6改編如圖3所示,在光滑水平面的左側(cè)固定一豎直擋板,A球在水平面上靜止放置,B球向左運(yùn)動(dòng)與A球發(fā)生正碰,B球碰撞前、后的速率之比為31,A球垂直撞向擋板,碰后原速率返回。兩球剛好不發(fā)生第二次碰撞,則A、B兩球的質(zhì)量比為(),圖3 A.12 B.21 C.14 D.41,答案D,1.(多選)下列相互作用的過程中,可以認(rèn)為系統(tǒng)動(dòng)量守恒的是(),解析動(dòng)量守恒的條件是相互作用的物體系統(tǒng)不受外力或所受外力的合力為零,而相互作用過程中內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力時(shí)也可認(rèn)為動(dòng)量守恒。圖A中,滑輪男孩推滑輪女孩的過程中,內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力,因此系統(tǒng)的動(dòng)量可認(rèn)為守恒;圖B和圖D中,在兩物體相互作用的過程中,沒有滿足內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力的條件,系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒;圖C中,太空中無空氣阻力作用,太空人發(fā)射子彈過程中動(dòng)量守恒。 答案AC,2.如圖4所示,游樂場上,兩位同學(xué)各駕著一輛碰碰車迎面相撞,此后,兩車以共同的速度運(yùn)動(dòng);設(shè)甲同學(xué)和他的車的總質(zhì)量為150 kg,碰撞前向右運(yùn)動(dòng),速度的大小為4.5 m/s,乙同學(xué)和他的車的總質(zhì)量為200 kg,碰撞前向左運(yùn)動(dòng),速度的大小為4.25 m/s,則碰撞后兩車共同的運(yùn)動(dòng)速度為(取向右為正方向)(),圖4 A.1 m/s B.0.5 m/s C.1 m/s D.0.5 m/s,解析兩車碰撞過程動(dòng)量守恒m1v1m2v2(m1m2)v,答案D,1.碰撞過程遵循的原則,(1)系統(tǒng)的動(dòng)量守恒原則。 (2)系統(tǒng)的動(dòng)能不增加。 (3)物理情景要合理 若碰前兩物體同向運(yùn)動(dòng),則應(yīng)有v后v前,碰后原來在前的物體速度一定增大,若碰后兩物體同向運(yùn)動(dòng),則應(yīng)有v前v后。 碰前兩物體相向運(yùn)動(dòng),碰后兩物體的運(yùn)動(dòng)方向不可能都不改變。,碰撞問題,2.三種典型碰撞的特點(diǎn),(1)彈性碰撞:動(dòng)量守恒,沒有動(dòng)能損失。 (2)非彈性碰撞:動(dòng)量守恒,有動(dòng)能損失。 (3)完全非彈性碰撞:動(dòng)量守恒,動(dòng)能損失達(dá)到最大限度,碰撞完成后系統(tǒng)物體的速度相同。,【典例】如圖5所示,兩小車A、B置于光滑水平面上,質(zhì)量分別為m和2m,一輕質(zhì)彈簧兩端分別固定在兩小車上,開始時(shí)彈簧處于拉伸狀態(tài),用手固定兩小車?,F(xiàn)在先釋放小車B,當(dāng)小車B的速度大小為3v時(shí),再釋放小車A,此時(shí)彈簧仍處于拉伸狀態(tài);當(dāng)小車A的速度大小為v時(shí),彈簧剛好恢復(fù)原長。自始至終彈簧都未超出彈性限度。求:,圖5 (1)彈簧剛恢復(fù)原長時(shí),小車B的速度大小; (2)兩小車相距最近時(shí),小車A的速度大?。?(3)求兩小車相距最近時(shí),彈簧彈性勢能大小。,解析(1)設(shè)彈簧剛恢復(fù)原長時(shí),小車B速度為vB, 以A、B兩車和彈簧為研究對象,小車B速度為3v開始 到小車A速度為v過程,此系統(tǒng)動(dòng)量守恒,列方程有: 2m3v2mvBm(v) 解得vB3.5v (2)兩小車相距最近時(shí)速度相同,由動(dòng)量守恒定律有: 2m3v(2mm)vA 解得vA2v,(3)從彈簧剛恢復(fù)原長到兩小車相距最近過程用能量守恒定律有,1.如圖6所示,質(zhì)量為M的盒子放在光滑的水平面上,盒子內(nèi)表面不光滑,盒內(nèi)放有一塊質(zhì)量為m的物體,某時(shí)刻給物體一個(gè)水平向右的初速度v0,那么在物體與盒子前后壁多次往復(fù)碰撞后(),圖6,答案D,2.如圖7所示,一質(zhì)量為0.5 kg的小球A以2.0 m/s的速度和靜止于光滑水平面上、質(zhì)量為1 kg的另一大小相同的小球B發(fā)生正碰,碰撞后它以0.2 m/s 的速度反彈。求:,圖7 (1)原來靜止小球B獲得的速度大小; (2)碰撞過程中損失的機(jī)械能。,解析(1)A、B兩小球碰撞過程中動(dòng)量守恒,設(shè)小球B的速度為v,則mAvAmAvAmBv, 代入數(shù)據(jù)解得v1.1 m/s。 (2)由A、B兩小球組成的系統(tǒng)能量守恒有,解得E0.385 J 答案(1)1.1 m/s(2)0.385 J,動(dòng)量守恒定律與其他知識(shí)綜合應(yīng)用類問題的求解,與一般的力學(xué)問題求解思路并無差異,只是問題的情景更復(fù)雜多樣,分析清楚物理過程,正確識(shí)別物理模型是解決問題的關(guān)鍵。,動(dòng)量和電磁學(xué)問題的綜合應(yīng)用,【典例】(20174月浙江選考)間距為l的兩平行金屬導(dǎo)軌由水平部分和傾斜部分平滑連接而成,如圖8所示,傾角為的導(dǎo)軌處于大小為B1,方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場區(qū)間中,水平導(dǎo)軌上的無磁場區(qū)間靜止放置一質(zhì)量為3m的“聯(lián)動(dòng)雙桿”(由兩根長為l的金屬桿,cd和ef,用長度為L的剛性絕緣桿連接而成),在“聯(lián)動(dòng)雙桿”右側(cè)存在大小為B2,方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場區(qū)間,其長度大于L,質(zhì)量為m,長為l的金屬桿ab,從傾斜導(dǎo)軌上端釋放,達(dá)到勻速后進(jìn)入水平導(dǎo)軌(無能量損失),桿ab與“聯(lián)動(dòng)雙桿”發(fā)生碰撞后桿ab和cd合在一起形成“聯(lián)動(dòng)三桿”,“聯(lián)動(dòng)三桿”繼續(xù)沿水平導(dǎo)軌進(jìn)入磁場區(qū)間并從中滑出,運(yùn)動(dòng)過程中,桿ab、cd和ef與導(dǎo)軌始終接觸良好,且保持與導(dǎo)軌垂直。已知桿ab、cd和ef電阻均為R0.02 ,m0.1 kg,l0.5 m,L0.3 m,30,B10.1 T,B20.2 T。不計(jì)摩擦阻力和導(dǎo)軌電阻,忽略磁場邊界效應(yīng)。求:,圖8 (1)桿ab在傾斜導(dǎo)軌上勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小v0; (2)聯(lián)動(dòng)三桿進(jìn)入磁場區(qū)間前的速度大小v; (3)聯(lián)動(dòng)三桿滑過磁場區(qū)間產(chǎn)生的焦耳熱Q。,解析沿著斜面正交分解,最大速度時(shí)重力分力與安培力平衡 (1)感應(yīng)電動(dòng)勢EB1lv0,安培力FB1Il,(3)進(jìn)入B2磁場區(qū)域,設(shè)速度變化v,由動(dòng)量定理有,出B2磁場后“聯(lián)動(dòng)三桿”的速度為 vv2v1.0 m/s,IB2lt4mv,答案(1)6 m/s(2)1.5 m/s(3)0.25 J,圖9 (1)小球C與小球B碰撞后的速度為多大; (2)小球B的帶電荷量q為多少; (3)當(dāng)小球B和C一起向下運(yùn)動(dòng)與小球A距離多遠(yuǎn)時(shí),其速度最大?速度的最大值為多少?(可保留根號(hào)),解析(1)小球C自由下落H距離的速度,小球C與小球B發(fā)生碰撞,由動(dòng)量守恒定律得: mv02mv1 所以v12 m/s (2)小球B在碰撞前處于平衡狀態(tài),對B球進(jìn)行受力分析知:,由能量守恒得:,2.(2018嘉興市期末)如圖10所示,兩根水平放置的“”形平行金屬導(dǎo)軌相距L0.5 m,導(dǎo)軌電阻不計(jì)。在導(dǎo)軌矩形區(qū)域MNPO中有豎直向上的勻強(qiáng)磁場B1,在MN左側(cè)的導(dǎo)軌處于水平向左的勻強(qiáng)磁場B2中,B1B21.0 T。金屬棒ab懸掛在力傳感器下,保持水平并與導(dǎo)軌良好接觸。金屬棒cd垂直于水平導(dǎo)軌以速度v04 m/s進(jìn)入B1磁場,與豎直導(dǎo)軌碰撞后不反彈,此過程中通過金屬棒cd的電荷量q0.25 C,ab、cd上產(chǎn)生的總焦耳熱Q0.35 J。金屬棒ab、cd的質(zhì)量均為m0.10 kg,電阻均為R1.0 。不計(jì)一切摩擦。求:,圖10,(1)金屬棒cd剛進(jìn)入磁場時(shí),傳感器的示數(shù)變化了多少? (2)MN與OP間的距離d; (3)金屬棒cd經(jīng)過磁場B1的過程中受到的安培力的沖量大小。,金屬棒ab受到的安培力F安B2IL 傳感器增加的示數(shù) F傳F安0.5 N (2)金屬棒cd經(jīng)過區(qū)域MNOP時(shí)的平均感應(yīng)電動(dòng)勢為,(3)金屬棒cd與豎直導(dǎo)軌碰撞之前ab、cd系統(tǒng)能量守恒,,其中B1Ld,則金屬棒cd離開B1磁場時(shí)的速度v3 m/s 則cd經(jīng)過磁場B1過程中受到的安培力的沖量 I安mvmv0 代入數(shù)據(jù)得I安0.1 kgm/s。 答案(1)0.5 N(2)1 m(3)0.1 kgm/s,