2018-2019學(xué)年高中物理 第一章 碰撞與動(dòng)量守恒 1.2 動(dòng)量課件 教科版選修3-5.ppt

2 動(dòng) 量,一、動(dòng)量 1.定義:物體的_和_的乘積,用符號(hào)_表示。 2.公式:_。 3.單位:_,符號(hào)_。 4.矢量性:方向與_的方向相同,運(yùn)算遵守_ _法則。,質(zhì)量,速度,p,p=mv,千克米/秒,kgm/s,速度,平行四,邊形,【想一想】物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí),其動(dòng)量是否變化? 提示:動(dòng)量是矢量,方向與速度方向相同,物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí),速度大小不變,方向時(shí)刻變化,故動(dòng)量也發(fā)生變化。,二、動(dòng)量定理 1.沖量: (1)定義:力與力的_的乘積。 (2)公式:I =_。 (3)單位:_,符號(hào)是_。 (4)矢量性:方向與_相同。 (5)物理意義:反映力的作用對(duì)_的積累效應(yīng)。,作用時(shí)間,F(t-t),牛頓秒,Ns,力的方向,時(shí)間,2.動(dòng)量定理: (1)內(nèi)容:物體在一個(gè)過(guò)程始末的動(dòng)量變化量等于它在 這個(gè)過(guò)程中所受_。 (2)表達(dá)式:mv-mv=_或p-p=_。,力的沖量,F(t-t),I,【判一判】 (1)沖量是矢量,其方向與恒力的方向相同。 ( ) (2)力越大,力對(duì)物體的沖量越大。 ( ) (3)若物體在一段時(shí)間內(nèi),其動(dòng)量發(fā)生了變化,則物體在這段時(shí)間內(nèi)的合外力一定不為零。 ( ),提示:(1)。沖量是矢量,根據(jù)定義判斷其方向與恒力的方向相同。 (2)。力越大,時(shí)間越長(zhǎng),力對(duì)物體的沖量越大。 (3)。根據(jù)動(dòng)量定理判斷動(dòng)量變化,合力沖量不為0,合力一定不為0。,知識(shí)點(diǎn)一、對(duì)動(dòng)量、沖量的理解 思考探究: 在距地面高為h處,同時(shí)以相等大小的初速度v0分別豎直上拋、豎直下拋質(zhì)量相等(大小為m)的物體,落地速度大小均為v。 (1)比較從拋出到落地,它們的動(dòng)量的增量p。 (2)比較兩物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力沖量的大小。,【歸納總結(jié)】 1.動(dòng)量的性質(zhì): (1)瞬時(shí)性:通常說(shuō)物體的動(dòng)量是物體在某一時(shí)刻或某一位置的動(dòng)量,動(dòng)量的大小可用p=mv表示。 (2)矢量性:動(dòng)量的方向與物體的瞬時(shí)速度的方向相同。 (3)相對(duì)性:因物體的速度與參考系的選取有關(guān),故物體的動(dòng)量也與參考系的選取有關(guān)。,2.動(dòng)量的變化量:是矢量,其表達(dá)式p=p2-p1為矢量式,運(yùn)算遵循平行四邊形定則,當(dāng)p2、p1在同一條直線上時(shí),可規(guī)定正方向,將矢量運(yùn)算轉(zhuǎn)化為代數(shù)運(yùn)算。,3.動(dòng)量和動(dòng)能的比較:,4.沖量的性質(zhì): (1)過(guò)程量:沖量描述的是力的作用對(duì)時(shí)間的積累效應(yīng),取決于力和時(shí)間這兩個(gè)因素,所以求沖量時(shí)一定要明確所求的是哪一個(gè)力在哪一段時(shí)間內(nèi)的沖量。 (2)矢量性:沖量的方向與力的方向相同,與相應(yīng)時(shí)間內(nèi)物體動(dòng)量變化量的方向相同。,【特別提醒】 動(dòng)量是矢量,比較兩個(gè)物體的動(dòng)量時(shí),不能僅比較大小,也應(yīng)比較方向,只有大小相等、方向相同的兩個(gè)動(dòng)量才相等。,【典例探究】 【典例】羽毛球是速度最快的球類運(yùn)動(dòng)之一,運(yùn)動(dòng)員扣殺羽毛球的速度可達(dá)到342km/h,假設(shè)球飛來(lái)的速度為90km/h,運(yùn)動(dòng)員將球以342 km/h的速度反向擊回。設(shè)羽毛球質(zhì)量為5g,擊球過(guò)程只用了0.05 s。試求:,(1)運(yùn)動(dòng)員擊球過(guò)程中羽毛球的動(dòng)量變化量。 (2)運(yùn)動(dòng)員擊球過(guò)程中羽毛球所受重力的沖量、羽毛球的動(dòng)能變化量各是多少?,【正確解答】(1)以羽毛球飛來(lái)的方向?yàn)檎较?則 p1=mv1=510-3 kgm/s=0.125kgm/s p2=mv2=-510-3 kgm/s=-0.475 kgm/s, 所以動(dòng)量的變化量 p=p2-p1=(-0.475-0.125)kgm/s=-0.600kgm/s,所以羽毛球的動(dòng)量變化大小為0.600 kgm/s,方向與羽毛球飛來(lái)的方向相反。,(2)羽毛球重力大小為G=mg=0.05N 所以重力的沖量I=Gt=2.510-3Ns 羽毛球的初速度為v=25m/s,羽毛球的末速度 v=-95m/s 所以Ek=Ek-Ek= mv- mv2=21J 答案:(1)0.600kgm/s,與球飛來(lái)的方向相反 (2)2.510-3Ns 21 J,【過(guò)關(guān)訓(xùn)練】 如圖所示,一質(zhì)量m=3kg的物體靜止在光滑水平面上,受到與水平方向成60角的力作用,F的大小為9N,經(jīng)2 s時(shí)間,求:(g取10N/kg),(1)物體重力沖量大小。 (2)物體受到的支持力沖量大小。 (3)力F的沖量大小。 (4)合外力的沖量大小。,【解析】對(duì)物體受力分析如圖所示,則,(1)重力的沖量IG=mgt=3102Ns=60 Ns (2)支持力的沖量 =FNt=(mg-Fsin 60)t= (310-9 )2Ns44.4 Ns (3)力F的沖量IF=Ft=92Ns=18 Ns (4)合外力的沖量I合=Fcos 60t=90.52Ns= 9 Ns 答案:(1)60Ns (2)44.4 Ns (3)18 Ns (4)9 Ns,【補(bǔ)償訓(xùn)練】 1.關(guān)于動(dòng)量的概念,下列說(shuō)法正確的是 ( ) A.運(yùn)動(dòng)物體在任一時(shí)刻的動(dòng)量方向,一定是該時(shí)刻的速度方向 B.物體的加速度不變,其動(dòng)量也一定不變 C.動(dòng)量越大的物體,其速度一定越大 D.物體的動(dòng)量越大,其慣性也越大,【解析】選A。本題側(cè)重于準(zhǔn)確理解動(dòng)量概念,動(dòng)量具有瞬時(shí)性,任一時(shí)刻物體的動(dòng)量方向,即為該時(shí)刻的速度方向,選項(xiàng)A正確。加速度不變,則物體的速度的變化率恒定,而運(yùn)動(dòng)的速度均勻變化,故其動(dòng)量也均勻變化,選項(xiàng)B錯(cuò)誤。物體的動(dòng)量大小由物體質(zhì)量及速度大小共同決定,故物體的動(dòng)量越大,其速度不一定越大,選項(xiàng)C錯(cuò)誤。慣性由物體質(zhì)量決定,物體的動(dòng)量越大,其質(zhì)量并不一定越大,慣性也不一定越大,故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。,2.如圖所示,質(zhì)量為m的小滑塊沿傾角 為的粗糙斜面從底端向上滑動(dòng),經(jīng)過(guò) 時(shí)間t1速度減為零,然后又沿斜面下滑, 經(jīng)過(guò)時(shí)間t2回到斜面底端,則在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,重力 的沖量大小為 ( ) A.mgsin(t1+t2) B.mgsin(t1-t2) C.mg(t1+t2) D.0,【解析】選C。解題的關(guān)鍵是弄清兩個(gè)過(guò)程中重力的沖量方向相同,其總沖量應(yīng)是兩段時(shí)間內(nèi)沖量的代數(shù)和。由沖量的定義得:上滑過(guò)程中,重力的沖量I1=mgt1,方向豎直向下。下滑過(guò)程中,重力的沖量I2=mgt2,方向豎直向下,則整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,重力的沖量大小為I=I1+I2=mg(t1+t2),故選C。,知識(shí)點(diǎn)二、對(duì)動(dòng)量定理的理解及應(yīng)用 思考探究: 體操運(yùn)動(dòng)員從高處跳到低處時(shí),為了安全,一般都要屈 腿(如圖所示),這樣做是為了什么?,【歸納總結(jié)】 1.對(duì)動(dòng)量定理的理解: (1)適用對(duì)象:在中學(xué)物理中,動(dòng)量定理的研究對(duì)象通常為單個(gè)物體。 (2)適用范圍:動(dòng)量定理不僅適用于宏觀物體的低速運(yùn)動(dòng),也適用于微觀物體的高速運(yùn)動(dòng)。不論是變力還是恒力,不論物體的運(yùn)動(dòng)軌跡是直線還是曲線,動(dòng)量定理都適用。,(3)因果關(guān)系:合外力的沖量是原因,物體動(dòng)量的變化量是結(jié)果。沖量反映了力對(duì)時(shí)間的積累效應(yīng),與物體的初、末動(dòng)量以及某一時(shí)刻的動(dòng)量無(wú)必然聯(lián)系。物體動(dòng)量變化的方向與合力的沖量的方向相同,物體在某一時(shí)刻的動(dòng)量方向與合力的沖量的方向無(wú)必然聯(lián)系。,2.動(dòng)量定理的應(yīng)用: (1)定性分析有關(guān)現(xiàn)象。 物體的動(dòng)量變化量一定時(shí),力的作用時(shí)間越短,力就越大,反之力就越小。例如,易碎物品包裝箱內(nèi)為防碎而放置碎紙、刨花、塑料泡沫等填充物。,作用力一定時(shí),力的作用時(shí)間越長(zhǎng),動(dòng)量變化量越大,反之動(dòng)量變化量就越小。例如,雜耍中,用鐵錘猛擊“氣功師”身上的石板令其碎裂,作用時(shí)間很短,鐵錘對(duì)石板的沖量很小,石板的動(dòng)量幾乎不變,“氣功師”才不會(huì)受傷害。,(2)定量計(jì)算。 應(yīng)用動(dòng)量定理可以計(jì)算某力或合力的沖量,通常多用于計(jì)算變力的沖量。 應(yīng)用動(dòng)量定理可以計(jì)算某一過(guò)程中的平均作用力,通常多用于計(jì)算持續(xù)作用的變力的平均大小。 應(yīng)用動(dòng)量定理可以計(jì)算物體的初、末動(dòng)量,尤其方便處理物體受瞬間沖量的問(wèn)題。,(3)應(yīng)用動(dòng)量定理定量計(jì)算的一般步驟。,【典例探究】 【典例】蹦床運(yùn)動(dòng)是運(yùn)動(dòng)員在一張繃緊的彈性網(wǎng)上蹦跳、翻滾并做各種空中動(dòng)作的運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目。一個(gè)質(zhì)量為60kg的運(yùn)動(dòng)員,從離水平網(wǎng)面3.2m高處自由下落,著網(wǎng)后沿豎直方向蹦回離水平網(wǎng)面5.0m高處。已知運(yùn)動(dòng)員與網(wǎng)接觸的時(shí)間為1.2s,若把這段時(shí)間內(nèi)網(wǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力當(dāng)作恒力處理,求此力的大小和方向。(g取10m/s2),【正確解答】方法一:運(yùn)動(dòng)員剛接觸網(wǎng)時(shí)速度的大小 v1= =m/s=8 m/s,方向向下。 剛離網(wǎng)時(shí)速度的大小 v2= =m/s=10 m/s,方向向上。運(yùn)動(dòng)員 與網(wǎng)接觸的過(guò)程,設(shè)網(wǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力為F,則運(yùn)動(dòng)員 受到向上的彈力F和向下的重力mg,對(duì)運(yùn)動(dòng)員應(yīng)用動(dòng)量 定理(以向上為正方向),有:(F-mg)t=mv2-m(-v1) F= +mg,解得F= +6010N=1.5103N,方向向 上。 方法二:本題也可以對(duì)運(yùn)動(dòng)員下降、與網(wǎng)接觸、上升 的全過(guò)程應(yīng)用動(dòng)量定理: 自由下落的時(shí)間為t1= =0.8 s 運(yùn)動(dòng)員離網(wǎng)后上升所用的時(shí)間為 t2= =1 s,整個(gè)過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員始終受重力作用,僅在與網(wǎng)接觸的 t3=1.2s的時(shí)間內(nèi)受到網(wǎng)對(duì)他向上的彈力FN的作用,對(duì) 全過(guò)程應(yīng)用動(dòng)量定理,有FNt3-mg(t1+t2+t3)=0 則FN= mg= 6010N=1 500 N,方向 向上。 答案:1500N 方向向上,【過(guò)關(guān)訓(xùn)練】 (2015重慶高考)高空作業(yè)須系安全帶。如果質(zhì)量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落,從開始跌落到安全帶對(duì)人剛產(chǎn)生作用力前人下落的距離為h(可視為自由落體運(yùn)動(dòng))。此后經(jīng)歷時(shí)間t安全帶達(dá)到最大伸長(zhǎng),若在此過(guò)程中該作用力始終豎直向上。則該段時(shí)間安全帶對(duì)人的平均作用力大小為( ),【解析】選A。安全帶對(duì)人起作用之前,人做自由落體 運(yùn)動(dòng);由v2=2gh可得,安全帶對(duì)人起作用前瞬間,人的速 度v= ;安全帶達(dá)到最大伸長(zhǎng)量時(shí),人的速度為零; 從安全帶開始對(duì)人起作用到安全帶伸長(zhǎng)量最大,由動(dòng)量 定理可得0-mv=mgt- t,故 故選項(xiàng)A正確。,【補(bǔ)償訓(xùn)練】 1.將質(zhì)量為m=1kg的小球,從距水平地面高h(yuǎn)=5m處,以 v0=10m/s的水平速度拋出,不計(jì)空氣阻力,g取10m/s2。 求: (1)拋出后0.4s內(nèi)重力對(duì)小球的沖量。 (2)平拋運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球動(dòng)量的增量p。 (3)小球落地時(shí)的動(dòng)量p。,【解析】(1)重力是恒力,0.4s內(nèi)重力對(duì)小球的沖量 I=mgt=1100.4Ns=4 Ns 方向豎直向下。,(2)由于平拋運(yùn)動(dòng)的豎直分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng), 故h= gt2,落地時(shí)間t= =1s。 小球飛行過(guò)程中只受重力作用,所以合外力的沖量為: I=mgt=1101Ns=10 Ns, 方向豎直向下。 由動(dòng)量定理得:p=I=10Ns 方向豎直向下。,(3)如圖所示,小球落地時(shí)豎直分速度為vy=gt=10m/s。,由速度合成知,落地速度 所以小球落地時(shí)的動(dòng)量大小為 p=mv=10 kgm/s。 答案:(1)4Ns 方向豎直向下 (2)10Ns 方向豎直向下 (3)10 kgm/s,【補(bǔ)償訓(xùn)練】 2.(多選)為了保證航天員的安全,神舟飛船上使用了降落傘、反推火箭、緩沖座椅三大法寶,在距離地面大約1m時(shí),返回艙的4個(gè)反推火箭點(diǎn)火工作,返回艙速度一下降到了2 m/s以內(nèi),隨后又漸漸降到1m/s,最終安全著陸。把返回艙離地1 m開始到完全著陸稱為著地過(guò)程,則關(guān)于反推火箭的作用,下列說(shuō)法正確的是 ( ),A.減小著地過(guò)程中返回艙和航天員的動(dòng)量變化 B.減小著地過(guò)程中返回艙和航天員所受的沖量 C.延長(zhǎng)著地過(guò)程的作用時(shí)間 D.減小著地過(guò)程返回艙和航天員所受的平均沖力,【解析】選C、D。返回艙和航天員的初、末動(dòng)量并沒因反推火箭的作用而變化,所以返回艙和航天員的動(dòng)量變化不變,根據(jù)動(dòng)量定理,返回艙和航天員所受的沖量也就不變,A、B項(xiàng)錯(cuò)誤。反推火箭延長(zhǎng)了著地過(guò)程的時(shí)間,從而減小了著地過(guò)程返回艙和航天員所受的平均沖力,選項(xiàng)C、D正確。,3.在撐桿跳比賽中,橫桿的下方要放上很厚的海綿墊。設(shè)一位撐桿跳運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量為70kg,越過(guò)橫桿后從h=5.6m高處落下,落在海綿墊上和落在普通沙坑里分別經(jīng)過(guò)t1=1s,t2=0.1s停止。試比較兩種情況下海綿墊和沙坑對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力。(g取10m/s2),【解析】若規(guī)定豎直向上為正方向,則運(yùn)動(dòng)員著地(接 觸海綿墊或沙坑)過(guò)程中的始、末動(dòng)量為 p=mv=-m ,p=0, 受到的合外力為F=FN-mg。 由動(dòng)量定理得Ft=p-p=0-mv, 即FN-mg= ,所以FN= +mg。,落在海綿墊上時(shí),t1=1s,則: FN1=(7010+ )N1441N, 落在沙坑里時(shí),t2=0.1s,則: FN2=(7010+ )N8108N。 放上海綿墊后,運(yùn)動(dòng)員發(fā)生同樣動(dòng)量變化量的時(shí)間延長(zhǎng) 了,同時(shí)又增大了運(yùn)動(dòng)員與地面(海綿墊)的接觸面積, 可以有效地保護(hù)運(yùn)動(dòng)員避免受到猛烈沖撞而受傷。 答案:1441N 8108N,4.在水平力F=30N的作用下,質(zhì)量m=5kg的物體由靜止開始沿水平面運(yùn)動(dòng)。已知物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2,若F作用6s后撤去,撤去F后物體還能向前運(yùn)動(dòng)多長(zhǎng)時(shí)間才停止?(g取10m/s2),【解析】解法一:用動(dòng)量定理求解,分段處理。 選物體作為研究對(duì)象,對(duì)于撤去F前物體 做勻加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程,受力情況如圖甲 所示,始態(tài)速度為零,終態(tài)速度為v。取 水平力F的方向?yàn)檎较?根據(jù)動(dòng)量定理有 (F-mg)t1=mv-0,對(duì)于撤去F后,物體做勻減速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程, 受力情況如圖乙所示,始態(tài)速度為v,終 態(tài)速度為零。根據(jù)動(dòng)量定理有 -mgt2=0-mv。 以上兩式聯(lián)立解得,解法二:用動(dòng)量定理求解,研究全過(guò)程。 選物體作為研究對(duì)象,研究整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程,這個(gè)過(guò)程的 始、終狀態(tài)的物體速度都等于零。 取水平力F的方向?yàn)檎较?根據(jù)動(dòng)量定理得 (F-mg)t1+(-mg)t2=0 解得 答案:12s,【總結(jié)提升】應(yīng)用動(dòng)量定理的四點(diǎn)注意事項(xiàng) (1)明確物體受到?jīng)_量作用的結(jié)果是導(dǎo)致物體動(dòng)量的變化。沖量和動(dòng)量都是矢量,它們的加、減運(yùn)算都遵循平行四邊形定則。 (2)列方程前首先要選取正方向,與規(guī)定的正方向一致的力或動(dòng)量取正值,反之取負(fù)值,而不能只關(guān)注力或動(dòng)量數(shù)值的大小。,(3)分析速度時(shí)一定要選取同一個(gè)參考系,未加說(shuō)明時(shí)一般是選地面為參考系,同一道題目中一般不要選取不同的參考系。 (4)公式中的沖量應(yīng)是合外力的沖量,求動(dòng)量的變化量時(shí)要嚴(yán)格按公式,且要注意是末動(dòng)量減去初動(dòng)量。,知識(shí)點(diǎn)三、動(dòng)量守恒定律的理解和應(yīng)用 思考探究: 質(zhì)量為M的小車置于光滑的水平面上,車的上表面粗糙,有一質(zhì)量為m的木塊以初速度v0水平地滑至車的上表面,若車表面足夠長(zhǎng),如圖所示。,請(qǐng)思考以下問(wèn)題: (1)木塊滑至車的上表面后,木塊做什么運(yùn)動(dòng)?車做什么運(yùn)動(dòng)? (2)如果車的上表面粗糙,整個(gè)系統(tǒng)的動(dòng)量是否守恒?,【歸納總結(jié)】 1.研究對(duì)象: 動(dòng)量守恒定律的研究對(duì)象是相互作用的物體組成的系統(tǒng)。,2.對(duì)系統(tǒng)“總動(dòng)量保持不變”的理解: (1)系統(tǒng)在整個(gè)過(guò)程中任意兩個(gè)時(shí)刻的總動(dòng)量都相等,不能誤認(rèn)為只是初、末兩個(gè)狀態(tài)的總動(dòng)量相等。 (2)系統(tǒng)的總動(dòng)量保持不變,但系統(tǒng)內(nèi)每個(gè)物體的動(dòng)量可能都在不斷變化。 (3)系統(tǒng)的總動(dòng)量指系統(tǒng)內(nèi)各物體動(dòng)量的矢量和,總動(dòng)量不變指的是系統(tǒng)的總動(dòng)量的大小和方向都不變。,3.明確動(dòng)量守恒定律的五個(gè)特性: (1)條件性:動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用是有條件的,應(yīng)用時(shí)一定要首先判斷系統(tǒng)是否滿足動(dòng)量守恒的條件。 系統(tǒng)不受外力作用,這是一種理想化的情形,如宇宙中兩星球的碰撞,微觀粒子間的碰撞都可視為這種情形。,系統(tǒng)受外力作用,但所受外力的和,即合外力為零:像光滑水平面上兩物體的碰撞就是這種情形,兩物體所受的重力和支持力的合力為零。 系統(tǒng)受外力作用,但當(dāng)系統(tǒng)所受的外力遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于系統(tǒng)內(nèi)各物體間的內(nèi)力時(shí),系統(tǒng)的總動(dòng)量近似守恒。例如:拋出去的手榴彈在空中爆炸的瞬間,彈片所受火藥爆炸時(shí)的內(nèi)力遠(yuǎn)大于其重力,重力完全可以忽略不計(jì),系統(tǒng)的動(dòng)量近似守恒。,系統(tǒng)受外力作用,所受的合外力不為零,即F合0,但在某一方向上合外力為零(Fx=0或Fy=0),則系統(tǒng)在該方向上動(dòng)量守恒。 系統(tǒng)受外力作用,但在某一方向上內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力,也可認(rèn)為在這一方向上系統(tǒng)的動(dòng)量守恒。,(2)矢量性。 動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式是一個(gè)矢量式,其矢量性表現(xiàn)在: 該式說(shuō)明系統(tǒng)的總動(dòng)量在相互作用前后不僅大小相等,而且方向也相同。 在求初、末狀態(tài)系統(tǒng)的總動(dòng)量p=p1+p2+和p=p1+p2+時(shí),要按矢量運(yùn)算法則計(jì)算。如果各物體動(dòng)量的方向在同一直線上,要選取一正方向,將矢量運(yùn)算轉(zhuǎn)化為代數(shù)運(yùn)算。計(jì)算時(shí)切不可丟掉表示方向的正、負(fù)號(hào)。,(3)相對(duì)性:動(dòng)量守恒定律中,系統(tǒng)中各物體在相互作用前后的動(dòng)量,必須相對(duì)于同一慣性系,各物體的速度通常均為相對(duì)于地面的速度。 (4)同時(shí)性:動(dòng)量守恒定律中p1、p2必須是系統(tǒng)中各物體在相互作用前同一時(shí)刻的動(dòng)量,p1、p2必須是系統(tǒng)中各物體在相互作用后同一時(shí)刻的動(dòng)量。,(5)普適性:動(dòng)量守恒定律不僅適用于兩個(gè)物體組成的系統(tǒng),也適用于多個(gè)物體組成的系統(tǒng)。不僅適用于宏觀物體組成的系統(tǒng),也適用于微觀粒子組成的系統(tǒng)。,4.動(dòng)量守恒定律不同表現(xiàn)形式表達(dá)式的含義: (1)p=p:系統(tǒng)相互作用前總動(dòng)量p等于相互作用后總動(dòng)量p。 (2)p1=-p2:相互作用的兩個(gè)物體組成的系統(tǒng),一個(gè)物體的動(dòng)量變化量與另一個(gè)物體的動(dòng)量變化量大小相等、方向相反。,(3)p=0:系統(tǒng)總動(dòng)量增量為零。 (4)m1v1+m2v2=m1v1+m2v2:相互作用的兩個(gè)物體組成的系統(tǒng),作用前的動(dòng)量和等于作用后的動(dòng)量和。,5.應(yīng)用動(dòng)量守恒定律的解題步驟:,【典例探究】 【典例】(2015浙江高考)一輛質(zhì)量m1=3.0103kg的小貨車因故障停在車道上,后面一輛質(zhì)量m2=1.5103kg的轎車來(lái)不及剎車,直接撞入貨車尾部失去動(dòng)力。相撞后兩車一起沿轎車運(yùn)動(dòng)方向滑行了s=6.75m停下。已知車輪與路面的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.6,求碰撞前轎車的速度大小。(重力加速度g取10m/s2),【正確解答】由牛頓第二定律得 (m1+m2)g=(m1+m2)a 解得a=6m/s2 則v= =9m/s 由動(dòng)量守恒定律得m2v0=(m1+m2)v 解得v0= =27m/s 答案:27m/s,【過(guò)關(guān)訓(xùn)練】 1.(2014福建高考)一枚火箭搭載著衛(wèi)星以速率v0進(jìn)入太空預(yù)定位置,由控制系統(tǒng)使箭體與衛(wèi)星分離。已知前部分的衛(wèi)星質(zhì)量為m1,后部分的箭體質(zhì)量為m2,分離后箭體以速率v2沿火箭原方向飛行,若忽略空氣阻力及分離前后系統(tǒng)質(zhì)量的變化,則分離后衛(wèi)星的速率v1為 ( ),A.v0-v2 B.v0+v2,【解析】選D。根據(jù)動(dòng)量守恒定律有(m1+m2)v0=m1v1+m2v2,可得v1=v0+ (v0-v2),故選D。,2.如圖所示,進(jìn)行太空行走的宇航員A和B的質(zhì)量分別為80kg和100 kg,他們攜手遠(yuǎn)離空間站,相對(duì)空間站的速度為0.1 m/s。A將B向空間站方向輕推后,A的速度變?yōu)?.2m/s,求此時(shí)B的速度大小和方向。,【解析】輕推過(guò)程中,A、B系統(tǒng)的動(dòng)量守恒,以空間站為參考系,規(guī)定遠(yuǎn)離空間站的方向?yàn)檎较?則v0=0.1m/s,vA=0.2m/s 根據(jù)動(dòng)量守恒定律 (mA+mB)v0=mAvA+mBvB 代入數(shù)據(jù)可解得vB=0.02m/s,方向?yàn)檫h(yuǎn)離空間站方向。 答案:0.02m/s 遠(yuǎn)離空間站方向,知識(shí)點(diǎn)四、某一方向的動(dòng)量守恒與能量的結(jié)合問(wèn)題 思考探究: 兩個(gè)帶同種電荷質(zhì)量不同的小球A和B,開始時(shí)將它們固定在絕緣的光滑水平面上保持靜止。如圖所示,現(xiàn)同時(shí)釋放A、B,經(jīng)過(guò)一段時(shí)間,B的速度大小為v,請(qǐng)思考以下問(wèn)題:,(1)此時(shí)A球與B球的動(dòng)量大小之比為多少? (2)如何確定兩球的動(dòng)能之比?,【歸納總結(jié)】 處理動(dòng)量與能量結(jié)合問(wèn)題的思路: (1)動(dòng)量守恒定律的適用條件是普遍的,當(dāng)系統(tǒng)所受的合外力不為零時(shí),系統(tǒng)的總動(dòng)量不守恒,但是不少情況下,合外力在某個(gè)方向上的分量卻為零,那么在該方向上系統(tǒng)的動(dòng)量分量就是守恒的。,(2)分析該方向上對(duì)應(yīng)過(guò)程的初、末狀態(tài),確定初、末狀態(tài)的動(dòng)量。 (3)選取恰當(dāng)?shù)膭?dòng)量守恒的表達(dá)式列方程。 (4)結(jié)合常用的機(jī)械能守恒、動(dòng)能定理或動(dòng)量守恒的公式列出對(duì)應(yīng)的方程。 (5)根據(jù)題意分析討論,得出結(jié)論。,【特別提醒】 (1)動(dòng)量與機(jī)械能的守恒條件不同,系統(tǒng)的動(dòng)量守恒時(shí),機(jī)械能不一定守恒,系統(tǒng)的機(jī)械能守恒時(shí),動(dòng)量不一定守恒。 (2)運(yùn)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律能夠解決的問(wèn)題都是較為簡(jiǎn)單的,運(yùn)用動(dòng)量的觀點(diǎn)、動(dòng)能的觀點(diǎn)以及能量的觀點(diǎn)可以解決比較綜合的問(wèn)題。,【典例探究】 【典例】(2016全國(guó)卷)如圖,光滑冰面上靜止放置 一表面光滑的斜面體,斜面體右側(cè)一蹲在滑板上的小孩 和其面前的冰塊均靜止于冰面上。某時(shí)刻小孩將冰塊 以相對(duì)冰面3m/s的速度向斜面體推出,冰塊平滑地滑上 斜面體,在斜面體上上升的最大高度為h=0.3m(h小于斜 面體的高度)。已知小孩與滑板的總質(zhì)量為m1=30kg,冰,塊的質(zhì)量為m2=10kg,小孩與滑板始終無(wú)相對(duì)運(yùn)動(dòng)。重 力加速度的大小g取10m/s2。 (1)求斜面體的質(zhì)量。 (2)通過(guò)計(jì)算判斷,冰塊與斜面體分離后能否追上小孩?,【正確解答】(1)規(guī)定向右為速度正方向。冰塊在斜面 體上運(yùn)動(dòng)到最大高度時(shí)兩者達(dá)到共同速度,設(shè)此共同速 度為v,斜面體的質(zhì)量為m3。由水平方向動(dòng)量守恒和機(jī) 械能守恒定律得 m2v20=(m2+m3)v 式中v20=-3m/s為冰塊推出時(shí)的速度。聯(lián)立式并代 入題給數(shù)據(jù)得m3=20kg ,(2)設(shè)小孩推出冰塊后的速度為v1,由動(dòng)量守恒定律有 m1v1+m2v20=0 代入數(shù)據(jù)得 v1=1m/s 設(shè)冰塊與斜面體分離后的速度分別為v2和v3,由動(dòng)量守 恒和機(jī)械能守恒定律有m2v20=m2v2+m3v3 聯(lián)立式并代入數(shù)據(jù)得v2=1m/s,由于冰塊與斜面體分離后的速度與小孩推出冰塊后的速度相同且處在后方,故冰塊不能追上小孩。 答案:(1)20kg (2)見解析,【過(guò)關(guān)訓(xùn)練】 1.(2014浙江高考)如圖所示,甲木塊的質(zhì)量為m1,以v的速度沿光滑水平地面向前運(yùn)動(dòng),正前方有一靜止的、質(zhì)量為m2的乙木塊,乙上連有一輕質(zhì)彈簧。甲木塊與彈簧接觸后 ( ),A.甲木塊的動(dòng)量守恒 B.乙木塊的動(dòng)量守恒 C.甲、乙兩木塊所組成系統(tǒng)的動(dòng)量守恒 D.甲、乙兩木塊所組成系統(tǒng)的動(dòng)能守恒,【解析】選C。根據(jù)動(dòng)量守恒定律的條件,以甲、乙為一系統(tǒng),系統(tǒng)的動(dòng)量守恒,A、B項(xiàng)錯(cuò)誤,C項(xiàng)正確;甲、乙的一部分動(dòng)能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能,甲、乙系統(tǒng)的動(dòng)能不守恒,D項(xiàng)錯(cuò)誤。,2.(2015全國(guó)卷)兩滑塊a、b沿水平面上同一條直線運(yùn)動(dòng),并發(fā)生碰撞;碰撞后兩者粘在一起運(yùn)動(dòng);經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后,從光滑路段進(jìn)入粗糙路段。兩者的位置x隨時(shí)間t變化的圖像如圖所示。求:,(1)滑塊a、b的質(zhì)量之比。 (2)整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,兩滑塊克服摩擦力做的功與因碰撞而損失的機(jī)械能之比。,【解析】(1)碰撞前va= m/s=-2m/s, vb= m/s=1m/s 碰撞后v= m/s= m/s 由動(dòng)量守恒定律mava+mbvb=(ma+mb)v得mamb=18,(2)兩滑塊克服摩擦力做的功等于兩滑塊a、b碰后的動(dòng) 能 W= (ma+mb)v2= 9ma =2ma 兩滑塊因碰撞而損失的機(jī)械能,兩滑塊克服摩擦力做的功與因碰撞而損失的機(jī)械能之比WW=12 答案:(1)18 (2)12,【補(bǔ)償訓(xùn)練】 光滑水平面上放著一質(zhì)量為M的槽,槽與水平面相切且 光滑,如圖所示,一質(zhì)量為m的小球以v0向槽運(yùn)動(dòng)。 (1)若槽固定不動(dòng),求小球上升的高度(槽足夠高)。 (2)若槽不固定,則小球又能上升多高。,【解析】(1)槽固定時(shí),球沿槽上升過(guò)程中機(jī)械能守恒,達(dá)最高點(diǎn)時(shí),動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為球的重力勢(shì)能; 設(shè)球上升的高度為h1,由機(jī)械能守恒定律得 mgh1= ,解得h1= 。,(2)槽不固定時(shí),小球沿槽上升過(guò)程中,槽向右加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)小球上升到最高點(diǎn)時(shí),兩者速度相同。球與槽組成的系統(tǒng)水平方向上不受外力,因此水平方向動(dòng)量守恒。由于該過(guò)程中只有兩者間彈力和小球重力做功,故系統(tǒng)機(jī)械能守恒。 設(shè)球上升的最大高度為h2,此時(shí)兩者速度相同而且方向水平,設(shè)為v,由動(dòng)量守恒得mv0=(m+M)v,再由機(jī)械能守恒得 解得槽不固定時(shí)小球上升的高度 答案:(1) (2),知識(shí)點(diǎn)五、多物體、多過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒問(wèn)題 思考探究: 三輛完全相同的平板小車a、b、c成一直線排列,靜止在光滑水平面上。c車上有一小孩跳到b車上,接著又立即從b車跳到a車上。小孩跳離c車和b車時(shí)相對(duì)于地面水平速度相同。他跳到a車上時(shí),相對(duì)于a車保持靜止,如圖所示。請(qǐng)思考以下問(wèn)題:,(1)如何確定a、b、c三個(gè)小車的運(yùn)動(dòng)方向? (2)如何確定a、b、c三個(gè)小車的速度?,【歸納總結(jié)】 分析多個(gè)物體相互作用時(shí)應(yīng)注意: (1)準(zhǔn)確分析作用過(guò)程中各物體狀態(tài)的變化情況,建立運(yùn)動(dòng)模型。 (2)分清作用過(guò)程中的不同階段,并找出聯(lián)系各階段的狀態(tài)量。,(3)列式時(shí)往往要根據(jù)作用過(guò)程中的不同階段,建立多個(gè)動(dòng)量守恒方程,或?qū)⑾到y(tǒng)內(nèi)的物體按作用的關(guān)系分成幾個(gè)小系統(tǒng),分別建立動(dòng)量守恒方程。 (4)合理選取研究對(duì)象,既要符合動(dòng)量守恒的條件,又要方便解題。一般不注重中間狀態(tài)的具體細(xì)節(jié)。,【特別提醒】 運(yùn)用動(dòng)量守恒定律解題時(shí),所列方程中的速度或位移必須是相對(duì)同一參考系,一般取地面為參考系,如果題目中給出的速度或位移不是相對(duì)同一參考系,則必須先將它們轉(zhuǎn)化為相對(duì)同一參考系,然后再列方程求解。,【典例探究】 【典例】如圖所示,滑塊A、C質(zhì)量均為m,滑塊B質(zhì)量為 m。開始時(shí)A、B分別以v1、v2的速度沿光滑水平軌道向固定在右側(cè)的擋板運(yùn)動(dòng),現(xiàn)將C無(wú)初速度放在A上,并與A粘合不再分開,此時(shí)A與B相距較近,B與擋板相距足夠遠(yuǎn)。若B與擋板碰撞將以原速率反彈,A與B碰撞將粘合在一起。為使B能與擋板碰撞兩次,v1、v2應(yīng)滿足什么關(guān)系?,【思路點(diǎn)撥】 解決本題的關(guān)鍵是弄清整個(gè)過(guò)程中的各個(gè)階段,第一階段,C與A粘合在一起水平方向動(dòng)量守恒;第二階段,A與B相碰水平方向動(dòng)量也守恒。,【正確解答】設(shè)向右為正方向,A與C粘合在一起的共同速度為v,A與B碰后的共同速度為v (1)A與C粘合過(guò)程:,(2)A、C與B碰撞過(guò)程: 由(1)(2)得,【總結(jié)提升】多物體組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒問(wèn)題 對(duì)于多物體組成的系統(tǒng),由于物體較多,相互作用的情況也不盡相同,作用過(guò)程較為復(fù)雜,雖然仍可對(duì)初、末狀態(tài)建立動(dòng)量守恒的關(guān)系式,但因未知條件過(guò)多無(wú)法求解,這時(shí)往往要根據(jù)作用過(guò)程中的不同階段,建立多個(gè)動(dòng)量守恒的方程,或?qū)⑾到y(tǒng)內(nèi)的物體按相互作用的關(guān)系分成幾個(gè)小系統(tǒng),分別建立動(dòng)量守恒的方程,同時(shí)要注意一般情況下,系統(tǒng)內(nèi)各物體的速度都以地面為參考系。,【補(bǔ)償訓(xùn)練】 (多選)A、B兩船的質(zhì)量均為m,都靜止在平靜的湖面上,現(xiàn)A船中質(zhì)量為 m的人,以對(duì)地的水平速度v從A船跳到B船,再?gòu)腂船跳到A船,經(jīng)n次跳躍后,人停在B船上,不計(jì)水的阻力,則 ( ) A.A、B(包括人)兩船速度大小之比為23 B.A、B(包括人)兩船動(dòng)量大小之比為11 C.A、B(包括人)兩船的動(dòng)能之比為32 D.A、B(包括人)兩船的動(dòng)能之比為11,【解析】選B、C。人和兩船組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒,兩船 原來(lái)靜止,總動(dòng)量為0,A,B(包括人)兩船的動(dòng)量大小相 等,選項(xiàng)B正確。經(jīng)過(guò)n次跳躍后,A船速度為vA,B船速度 為vB。0=mvA-(m+ )vB, ,選項(xiàng)A錯(cuò)。,A船最后獲得的動(dòng)能為EkA= B船最后獲得的動(dòng)能為 選項(xiàng)C正確,D錯(cuò)誤。,【過(guò)關(guān)訓(xùn)練】 光滑水平軌道上有三個(gè)木塊A、B、C,質(zhì)量分別為mA=3m、mB=mC=m,開始時(shí)B、C均靜止,A以初速度v0向右運(yùn)動(dòng),A與B碰撞后分開,B又與C發(fā)生碰撞并粘在一起,此后A與B間的距離保持不變。求B與C碰撞前B的速度大小。,【解析】設(shè)A與B碰撞后,A的速度為vA,B與C碰撞前B的 速度為vB,B與C碰撞后粘在一起的速度為v,由動(dòng)量守恒 定律得 對(duì)A、B木塊:mAv0=mAvA+mBvB 對(duì)B、C木塊:mBvB=(mB+mC)v 由A與B間的距離保持不變可知vA=v 聯(lián)立式,代入數(shù)據(jù)得vB= v0 答案: v0,【溫馨提示】 動(dòng)量守恒定律是每年高考的必考內(nèi)容,考查相對(duì)綜合,往往涉及復(fù)雜的過(guò)程,碰撞中的臨界問(wèn)題就是典型的題型之一,解決這類問(wèn)題的關(guān)鍵是找出臨界狀態(tài),然后再根據(jù)動(dòng)量守恒的知識(shí)進(jìn)行求解。,【拓展例題】考查內(nèi)容:碰撞中臨界問(wèn)題的分析 如圖所示,一輕質(zhì)彈簧兩端連著物體A和B,放在光滑的 水平面上,物體A被水平速度為v0的子彈擊中,子彈嵌在 其中,已知A的質(zhì)量是B的質(zhì)量的 ,子彈的質(zhì)量是B的質(zhì) 量的 。求:,(1)A物體獲得的最大速度。 (2)彈簧壓縮量最大時(shí)B物體的速度。,【思路點(diǎn)撥】解答本題時(shí)應(yīng)把握以下關(guān)鍵點(diǎn): (1)子彈射入A的過(guò)程中子彈與A動(dòng)量守恒。 (2)彈簧有形變時(shí),子彈、A、B及彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒。 (3)子彈與A剛好相對(duì)靜止時(shí)A的速度最大。 (4)A、B速度相等時(shí)彈簧壓縮量最大。,【正確解答】(1)設(shè)子彈質(zhì)量為m,對(duì)子彈射入A中的過(guò)程,由動(dòng)量守恒定律得mv0=(m+mA)v1, 解得它們的共同速度,即為A的最大速度,(2)以子彈、A、B以及彈簧組成的系統(tǒng)作為研究對(duì)象, 整個(gè)作用過(guò)程中總動(dòng)量守恒,彈簧具有最大壓縮量時(shí), 它們的速度相等,由動(dòng)量守恒定律得 mv0=(m+mA+mB)v2, 解得三者的共同速度,即彈簧有最大壓縮量時(shí)B物體的 速度 答案:(1) (2),動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律的比較,中學(xué)階段凡可用牛頓運(yùn)動(dòng)定律解決的問(wèn)題,一般也可用動(dòng)量的觀點(diǎn)或能量的觀點(diǎn)求解,而且要比用力和運(yùn)動(dòng)的方法簡(jiǎn)便,而中學(xué)階段涉及的曲線運(yùn)動(dòng)(a不恒定)、豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)、碰撞等,就中學(xué)知識(shí)而言,不可能單純用牛頓運(yùn)動(dòng)定律的方法來(lái)研究。,【案例展示】如圖所示,將一光滑的半圓槽置于光滑水平面上,槽的左側(cè)有一固定在水平面上的物塊。今讓一小球自左側(cè)槽口A的正上方從靜止開始落下,與圓弧槽相切自A點(diǎn)進(jìn)入槽內(nèi),則以下結(jié)論中正確的是( ),A.小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程中,只有重力對(duì)它做功 B.小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程中,小球與半圓槽在水平方向動(dòng)量守恒 C.小球自半圓槽的最低點(diǎn)B向C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,小球與半圓槽在水平方向動(dòng)量守恒 D.小球離開C點(diǎn)以后,將做豎直上拋運(yùn)動(dòng),【正確解答】選C。本題的受力分析應(yīng)與左側(cè)沒有物塊擋住以及半圓槽固定在水平面上的情況區(qū)分開來(lái)。,從AB的過(guò)程中,半圓槽對(duì)小球的支持力N方向沿半徑 方向指向圓心,而小球?qū)Π雸A槽的壓力N方向指向左 下方,因?yàn)橛形飰K擋住,所以半圓槽不會(huì)向左運(yùn)動(dòng),情形 將與半圓槽固定時(shí)相同。但從BC的過(guò)程中,小球?qū)Π?圓槽的壓力N方向指向右下方,所以半圓槽要向右運(yùn) 動(dòng),因而小球參與了兩個(gè)運(yùn)動(dòng):一個(gè)是沿半圓槽的圓周 運(yùn)動(dòng),另一個(gè)是與半圓槽一起向右運(yùn)動(dòng),小球所受支持,力N與速度方向并不垂直,所以支持力會(huì)做功,即A不 對(duì)。又因?yàn)橛形飰K擋住,在小球運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程,水平方 向動(dòng)量也不守恒,即B也不對(duì)。當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí),它 的兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的速度方向如圖所示,并不是豎直向上, 所以此后小球做斜上拋運(yùn)動(dòng),即D也不對(duì)。小球在半圓 槽內(nèi)自BC運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,雖然開始時(shí)半圓槽與其左側(cè)物 塊接觸,但已不擠壓,同時(shí)水平面光滑,因而系統(tǒng)在水平,方向不受任何外力作用,故在此過(guò)程中,系統(tǒng)在水平方 向動(dòng)量守恒,所以正確答案為C。,【易錯(cuò)分析】本題易錯(cuò)選項(xiàng)及錯(cuò)誤原因分析如下:,