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高考數(shù)學(xué)大二輪總復(fù)習(xí)與增分策略 專題四 數(shù)列、推理與證明 第4講 推理與證明練習(xí) 文

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高考數(shù)學(xué)大二輪總復(fù)習(xí)與增分策略 專題四 數(shù)列、推理與證明 第4講 推理與證明練習(xí) 文

第4講推理與證明1(2016山東)觀察下列等式:2212;222223;222234;222245;照此規(guī)律,2222_.答案n(n1)解析觀察等式右邊的規(guī)律:第1個(gè)數(shù)都是,第2個(gè)數(shù)對(duì)應(yīng)行數(shù)n,第3個(gè)數(shù)為n1.2(2016課標(biāo)全國(guó)甲)有三張卡片,分別寫有1和2,1和3,2和3.甲,乙,丙三人各取走一張卡片,甲看了乙的卡片后說:“我與乙的卡片上相同的數(shù)字不是2”,乙看了丙的卡片后說:“我與丙的卡片上相同的數(shù)字不是1”,丙說:“我的卡片上的數(shù)字之和不是5”,則甲的卡片上的數(shù)字是_答案1和3解析由丙說:“我的卡片上的數(shù)字之和不是5”可知,丙為“1和2”或“1和3”,又乙說“我與丙的卡片上相同的數(shù)字不是1”,所以乙只可能為“2和3”,所以由甲說“我與乙的卡片上相同的數(shù)字不是2”,所以甲只能為“1和3”1.以數(shù)表、數(shù)陣、圖形為背景與數(shù)列、周期性等知識(shí)相結(jié)合考查歸納推理和類比推理,多以小題形式出現(xiàn).2.直接證明和間接證明的考查主要作為證明和推理數(shù)學(xué)命題的方法,常與函數(shù)、數(shù)列及不等式等綜合命題.熱點(diǎn)一歸納推理1歸納推理是由某類事物的部分對(duì)象具有某些特征,推出該類事物的全部對(duì)象都具有這些特征的推理,或者由個(gè)別事實(shí)概括出一般結(jié)論的推理2歸納推理的思維過程如下:例1(1)古希臘畢達(dá)哥拉斯學(xué)派的數(shù)學(xué)家研究過各種多邊形數(shù),如三角形數(shù)1,3,6,10,第n個(gè)三角形數(shù)為n2n,記第n個(gè)k邊形數(shù)為N(n,k)(k3),以下列出了部分k邊形數(shù)中第n個(gè)數(shù)的表達(dá)式:三角形數(shù)N(n,3)n2n,正方形數(shù) N(n,4)n2,五邊形數(shù) N(n,5)n2n,六邊形數(shù) N(n,6)2n2n可以推測(cè)N(n,k)的表達(dá)式,由此計(jì)算N(8,12)_.(2)已知f(n)1(nN*),經(jīng)計(jì)算得f(4)>2,f(8)>,f(16)>3,f(32)>,則有_答案(1)288(2)f(2n)>(n2,nN*)解析(1)原已知式子可化為N(n,3)n2nn2n,N(n,4)n2n2n,N(n,5)n2nn2n,N(n,6)2n2nn2n,由歸納推理可得N(n,k)n2n,故N(8,12)828288.(2)由題意得f(22)>,f(23)>,f(24)>,f(25)>,所以當(dāng)n2時(shí),有f(2n)>.故填f(2n)>(n2,nN*)思維升華歸納遞推思想在解決問題時(shí),從特殊情況入手,通過觀察、分析、概括,猜想出一般性結(jié)論,然后予以證明,這一數(shù)學(xué)思想方法在解決探索性問題、存在性問題或與正整數(shù)有關(guān)的命題時(shí)有著廣泛的應(yīng)用其思維模式是“觀察歸納猜想證明”,解題的關(guān)鍵在于正確的歸納猜想跟蹤演練1(1)兩旅客坐火車外出旅游,希望座位連在一起,且有一個(gè)靠窗,已知火車上的座位的排法如圖所示,則下列座位號(hào)碼符合要求的應(yīng)當(dāng)是()A48,49 B62,63C75,76 D84,85(2)觀察下列等式:123nn(n1);136n(n1)n(n1)(n2);1410n(n1)(n2)n(n1)(n2)(n3);可以推測(cè),1515n(n1)(n2)(n3)_.答案(1)D(2)n(n1)(n2)(n3)(n4)解析(1)由已知圖形中座位的排列順序,可得:被5除余1的數(shù)和能被5整除的座位號(hào)臨窗,由于兩旅客希望座位連在一起,且有一個(gè)靠窗,分析答案中的4組座位號(hào),只有D符合條件(2)觀察所給等式的左側(cè)和右側(cè)并歸納推理,可以得到答案熱點(diǎn)二類比推理1類比推理是由兩類對(duì)象具有某些類似特征和其中一類對(duì)象的某些已知特征,推出另一類對(duì)象也具有這些特征的推理2類比推理的思維過程如下:例2(1)已知結(jié)論:“在正ABC中,若D是邊BC的中點(diǎn),G是ABC的重心,則2”若把該結(jié)論推廣到空間,則有結(jié)論:“在棱長(zhǎng)都相等的四面體ABCD中,若BCD的中心為M,四面體內(nèi)部一點(diǎn)O到四面體各面的距離都相等”,則等于()A1 B2 C3 D4(2)在平面直角坐標(biāo)系中,ABC的頂點(diǎn)A,B分別是離心率為e的圓錐曲線1的焦點(diǎn),頂點(diǎn)C在該曲線上一同學(xué)已正確地推得:當(dāng)m>n>0時(shí),有e(sin Asin B)sin C類似地,當(dāng)m>0,n<0時(shí),有e(_)sin C.答案(1)C(2)|sin Asin B|解析(1)如圖,設(shè)正四面體的棱長(zhǎng)為1,則易知其高AM,此時(shí)易知點(diǎn)O即為正四面體內(nèi)切球的球心,設(shè)其半徑為r,利用等積法有4rr,故AOAMMO,故AOOM31.(2)設(shè)ABC中角A,B,C所對(duì)的邊長(zhǎng)分別為a,b,c.ABC的頂點(diǎn)A,B分別是離心率為e的圓錐曲線1的焦點(diǎn),頂點(diǎn)C在該曲線上,m>0>n時(shí),曲線是雙曲線,離心率e.由雙曲線定義得|ba|2,得e|ba|c.由正弦定理,得e|sin Asin B|sin C.思維升華類比推理是合情推理中的一類重要推理,強(qiáng)調(diào)的是兩類事物之間的相似性,有共同要素是產(chǎn)生類比遷移的客觀因素,類比可以由概念性質(zhì)上的相似性引起,如等差數(shù)列與等比數(shù)列的類比,也可以由解題方法上的類似引起當(dāng)然首先是在某些方面有一定的共性,才能有方法上的類比跟蹤演練2(1)若等差數(shù)列an的首項(xiàng)為a1,公差為d,前n項(xiàng)和為Sn,則數(shù)列為等差數(shù)列,且通項(xiàng)為a1(n1).類似地,請(qǐng)完成下列命題:若各項(xiàng)均為正數(shù)的等比數(shù)列bn的首項(xiàng)為b1,公比為q,前n項(xiàng)積為Tn,則數(shù)列_為等比數(shù)列,通項(xiàng)為_(2)若點(diǎn)P0(x0,y0)在橢圓1(a>b>0)外,過點(diǎn)P0作該橢圓的兩條切線,切點(diǎn)分別為P1,P2,則切點(diǎn)弦P1P2所在直線的方程為1.那么對(duì)于雙曲線1(a>0,b>0),類似地,可以得到切點(diǎn)弦所在直線的方程為_答案(1)b1()n1(2)1解析(1)因?yàn)樵诘炔顢?shù)列an中前n項(xiàng)和為Sn,且寫成了a1(n1),所以在等比數(shù)列bn中應(yīng)研究前n項(xiàng)積Tn開n次方的形式等差數(shù)列中的求和類比等比數(shù)列中的乘積,類比可得:數(shù)列為等比數(shù)列,通項(xiàng)為b1()n1.(2)設(shè)P1(x1,y1),P2(x2,y2),P0(x0,y0),則過點(diǎn)P1,P2的切線的方程分別為1,1.因?yàn)镻0(x0,y0)在這兩條切線上,所以1,1,這說明P1(x1,y1),P2(x2,y2)都在直線1上,故切點(diǎn)弦P1P2所在直線的方程為1.熱點(diǎn)三直接證明和間接證明直接證明的常用方法有綜合法和分析法,綜合法由因?qū)Ч?,而分析法則是執(zhí)果索因,反證法是反設(shè)結(jié)論導(dǎo)出矛盾的證明方法例3已知an是正數(shù)組成的數(shù)列,a11,且點(diǎn)(,an1) (nN*)在函數(shù)yx21的圖象上(1)求數(shù)列an的通項(xiàng)公式;(2)若數(shù)列bn滿足b11,bn1bn2an,求證:bnbn2<b.(1)解由已知得an1an1,則an1an1,又a11,所以數(shù)列an是以1為首項(xiàng),1為公差的等差數(shù)列故an1(n1)1n.(2)證明由(1)知,ann,從而bn1bn2n.bn(bnbn1)(bn1bn2)(b2b1)b12n12n2212n1.因?yàn)閎nbn2b(2n1)(2n21)(2n11)2(22n22n22n1)(22n222n11)2n<0,所以bnbn2<b.思維升華(1)有關(guān)否定性結(jié)論的證明常用反證法或舉出一個(gè)結(jié)論不成立的例子即可(2)綜合法和分析法是直接證明常用的兩種方法,我們常用分析法尋找解決問題的突破口,然后用綜合法來寫出證明過程,有時(shí)候分析法和綜合法交替使用跟蹤演練3(1)已知ABC的三個(gè)內(nèi)角A,B,C成等差數(shù)列,A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c.求證:.證明要證,即證3,也就是1,只需證c(bc)a(ab)(ab)(bc),需證c2a2acb2,又ABC三內(nèi)角A,B,C成等差數(shù)列,故B60,由余弦定理,得b2c2a22accos 60,即b2c2a2ac,故c2a2acb2成立于是原等式成立(2)已知等差數(shù)列an中,首項(xiàng)a1>0,公差d>0.若a11,d2,且,成等比數(shù)列,求整數(shù)m的值;求證:對(duì)任意正整數(shù)n,都不成等差數(shù)列解a11,d2,a47,am2m1.,成等比數(shù)列,()2,(2m1)2492.a1>0,d>0,m25.證明假設(shè)存在mN*,使,成等差數(shù)列,即,化簡(jiǎn),得d23a.又a1>0,d>0,am1a1md>d,3a>3d2>d2,與d23a矛盾,因此假設(shè)不成立,故原命題得證.1將正整數(shù)作如下分組:(1),(2,3),(4,5,6),(7,8,9,10),(11,12,13,14,15),(16,17,18,19,20,21),(22,23,24,25,26,27,28),分別計(jì)算各組包含的正整數(shù)的和,如下所示:S11,S2235,S345615,S47891034,S5111213141565,S6161718192021111,S722232425262728175,試猜測(cè)S1S3S5S2 015_.押題依據(jù)數(shù)表(陣)是高考命題的常見類型,本題以三角形數(shù)表中對(duì)應(yīng)的各組包含的正整數(shù)的和的計(jì)算為依托,圍繞簡(jiǎn)單的計(jì)算、歸納猜想的應(yīng)用等,考查考生歸納猜想能力以及對(duì)邏輯推理證明步驟的掌握程度答案1 0084解析由題意知,當(dāng)n1時(shí),S1114;當(dāng)n2時(shí),S1S31624;當(dāng)n3時(shí),S1S3S58134;當(dāng)n4時(shí),S1S3S5S725644;猜想:S1S3S5S2n1n4.S1S3S5S2 0151 0084.2已知下列不等式:x2,x3,x4,則第n個(gè)不等式為_押題依據(jù)根據(jù)n個(gè)等式或不等式歸納猜想一般規(guī)律的式子是近幾年高考熱點(diǎn),相對(duì)而言,歸納推理在高考中出現(xiàn)的機(jī)率較大答案xn1解析已知所給不等式的左邊第一個(gè)式子都是x,不同之處在于第二個(gè)式子,當(dāng)n1時(shí),為;當(dāng)n2時(shí),為;當(dāng)n3時(shí),為;顯然式子中的分子與分母是對(duì)應(yīng)的,分母為xn,分子是nn,所以不等式左邊的式子為x,顯然不等式右邊的式子為n1,所以第n個(gè)不等式為xn1.3設(shè)數(shù)列an是公比為q的等比數(shù)列,Sn是它的前n項(xiàng)和,證明:數(shù)列Sn不是等比數(shù)列押題依據(jù)反證法是一種重要的證明方法,對(duì)含“至多”“至少”等詞語的命題用反證法十分有效,近幾年高考時(shí)有涉及證明假設(shè)Sn是等比數(shù)列,則SS1S3,即a(1q)2a1a1(1qq2)因?yàn)閍10,所以(1q)21qq2,即q0,這與q0矛盾,故Sn不是等比數(shù)列A組專題通關(guān)1下列三句話按“三段論”模式排列順序正確的是()ycos x(xR)是三角函數(shù);三角函數(shù)是周期函數(shù);ycos x(xR)是周期函數(shù)A BC D答案B解析根據(jù)“三段論”:“大前提”“小前提”“結(jié)論”可知:ycos x(xR)是三角函數(shù)是“小前提”;三角函數(shù)是周期函數(shù)是“大前提”;ycos x(xR)是周期函數(shù)“結(jié)論”故“三段論”模式排列順序?yàn)?故選B.2設(shè)a,b,c(,0),則a,b,c()A都不大于2B都不小于2C至少有一個(gè)不大于2D至少有一個(gè)不小于2答案C解析假設(shè)a,b,c都大于2,即a>2,b>2,c>2,將三式相加,得abc>6,又因?yàn)閍2,b2,c2,所以abc6,所以假設(shè)不成立,故選C.3分析法又稱執(zhí)果索因法,若用分析法證明:“設(shè)a>b>c,且abc0,求證<a”的索因應(yīng)是()Aab>0 Bac>0C(ab)(ac)>0 D(ab)(ac)<0答案C解析由a>b>c,且abc0可得bac,a>0,c<0.要證<a,只要證(ac)2ac<3a2,即證a2aca2c2>0,即證a(ac)(ac)(ac)>0,即證a(ac)b(ac)>0,即證(ac)(ab)>0.故求證“<a”索的因應(yīng)是(ac)(ab)>0,故選C.4某珠寶店丟了一件珍貴珠寶,以下四人中只有一個(gè)人說了真話,只有一人偷了珠寶甲:我沒有偷;乙:丙是小偷;丙:丁是小偷;丁:我沒有偷根據(jù)以上條件,可以判斷偷珠寶的人是()A甲 B乙C丙 D丁答案A解析假如甲說了真話,則乙、丙、丁都說了假話,那么丙不是小偷,丁不是小偷,丁偷了珠寶,顯然矛盾,故甲說了假話,即甲是小偷,故選A.5設(shè)a,bR,定義:M(a,b),m(a,b),則下列式子錯(cuò)誤的是()AM(a,b)m(a,b)abBm(|ab|,|ab|)|a|b|CM(|ab|,|ab|)|a|b|Dm(M(a,b),m(a,b)m(a,b)答案B解析M(a,b)m(a,b)m(M(a,b),m(a,b)m(a,b),D正確;M(a,b)m(a,b)ab,A正確;m(|ab|,|ab|)B錯(cuò)誤;M(|ab|,|ab|)C正確故選B.6.如圖,在單位圓中,用三角形的重心公式G(,)研究?jī)?nèi)接正三角形ABC(點(diǎn)A在x軸上),有結(jié)論:cos 0cos cos 0.有位同學(xué),把正三角形ABC按逆時(shí)針方向旋轉(zhuǎn)角,這時(shí),可以得到的一個(gè)結(jié)論是_答案cos cos()cos()0解析在把正三角形ABC按逆時(shí)針方向旋轉(zhuǎn)角的過程中,三個(gè)角始終相差,所以得到cos cos()cos()0.7宋元時(shí)期杰出的數(shù)學(xué)家朱世杰在其數(shù)學(xué)巨著四元玉鑒卷中“茭草形段”第一個(gè)問題“今有茭草六百八十束,欲令落一形埵(同垛)之問底子(每層三角形邊茭草束數(shù),等價(jià)于層數(shù))幾何?”中探討了“垛枳術(shù)”中的落一形垛(“落一形”即是指頂上1束,下一層3束,再下一層6束,成三角錐的堆垛,故也稱三角垛,如圖,表示第二層開始的每層茭草束數(shù)),則本問題中三角垛底層茭草總束數(shù)為_答案120解析由題意,第n層茭草束數(shù)為12n,136680,即為n(n1)(2n1)n(n1)n(n1)(n2)680,即有n(n1)(n2)151617,n15,120.8如果函數(shù)f(x)在區(qū)間D上是凸函數(shù),那么對(duì)于區(qū)間D內(nèi)的任意x1,x2,xn,都有f()若ysin x在區(qū)間(0,)上是凸函數(shù),那么在ABC中,sin Asin Bsin C的最大值是_答案解析由題意知,凸函數(shù)滿足f(),又ysin x在區(qū)間(0,)上是凸函數(shù),則sin Asin Bsin C3sin3sin.9某同學(xué)在一次研究性學(xué)習(xí)中發(fā)現(xiàn),以下五個(gè)式子的值都等于同一個(gè)常數(shù):sin213cos217sin 13cos 17;sin215cos215sin 15cos 15;sin218cos212sin 18cos 12;sin2(18)cos248sin(18)cos 48;sin2(25)cos255sin(25)cos 55.(1)試從上述五個(gè)式子中選擇一個(gè),求出這個(gè)常數(shù);(2)根據(jù)(1)的計(jì)算結(jié)果,將該同學(xué)的發(fā)現(xiàn)推廣為三角恒等式,并證明你的結(jié)論解方法一(1)選擇式,計(jì)算如下:sin215cos215sin 15cos 151sin 301.(2)三角恒等式為sin2cos2(30)sin cos(30).證明如下:sin2cos2(30)sin cos(30)sin2(cos 30cos sin 30sin )2sin (cos 30cos sin 30sin )sin2cos2sin cos sin2sin cos sin2sin2cos2.方法二(1)同方法一(2)三角恒等式為sin2cos2(30)sin cos(30).證明如下:sin2cos2(30)sin cos(30)sin (cos 30cos sin 30sin )cos 2(cos 60cos 2sin 60sin 2)sin cos sin2cos 2cos 2sin 2sin 2(1cos 2)1cos 2cos 2.10已知a,b,m為非零實(shí)數(shù),且a2b22m0,12m0.(1)求證:;(2)求證:m.證明(1)(分析法)要證成立,只需證()(a2b2)9,即證149,即證4.根據(jù)基本不等式,有2 4成立,所以原不等式成立(2)(綜合法)因?yàn)閍2b2m2,2m1,由(1),知(m2)(2m1)9,即2m25m70,解得m1或m.又因?yàn)閍2b2m2>0.所以m>2,故m1舍去,所以m.B組能力提高11已知正方形ABCD的邊長(zhǎng)是a,依次連接正方形ABCD各邊中點(diǎn)得到一個(gè)新的正方形,再依次連接新正方形各邊中點(diǎn)又得到一個(gè)新的正方形,由此規(guī)律,依次得到一系列的正方形,如圖所示現(xiàn)有一只小蟲從A點(diǎn)出發(fā),沿正方形的邊逆時(shí)針方向爬行,每遇到新正方形的頂點(diǎn)時(shí),沿這個(gè)正方形的邊逆時(shí)針方向爬行,如此下去,爬行了10條線段則這10條線段長(zhǎng)度的平方和是()A.a2 B.a2C.a2 D.a2答案A解析由題意可知,這只小蟲爬行的第一條線段長(zhǎng)度的平方為a(a)2a2,第二條線段長(zhǎng)度的平方為a(a)2a2,第三條線段長(zhǎng)度的平方為a(a)2a2,從而可知,小蟲爬行的線段長(zhǎng)度的平方可以構(gòu)成以aa2為首項(xiàng),為公比的等比數(shù)列,所以該數(shù)列的前10項(xiàng)和為S10.故選A.12對(duì)大于1的自然數(shù)m的三次冪可用奇數(shù)進(jìn)行以下方式的“分裂”:23,33,43,.仿此,若m3的“分裂數(shù)”中有一個(gè)是59,則m的值為_答案8解析由已知可觀察出m3可分裂為m個(gè)連續(xù)奇數(shù),最小的一個(gè)為(m1)m1.當(dāng)m8時(shí),最小的數(shù)為57,第二個(gè)便是59.m8.13如圖(1),已知O是ABC內(nèi)任意一點(diǎn),連接AO,BO,CO并延長(zhǎng)交對(duì)邊分別于點(diǎn)A,B,C,則1.這是平面幾何中的一道題,其證明常采用“面積法”:1.請(qǐng)運(yùn)用類比思想,如圖(2)所示,在空間四面體VBCD中,任取一點(diǎn)O,連接VO,DO,BO,CO并延長(zhǎng)分別交四個(gè)面于點(diǎn)E,F(xiàn),G,H,用“體積法”可得的類似結(jié)論為_答案1解析利用類比推理,面積類比體積14蜜蜂被認(rèn)為是自然界中最杰出的建筑師,單個(gè)蜂巢可以近似地看作是一個(gè)正六邊形,如圖為一組蜂巢的截面圖其中第一個(gè)圖有1個(gè)蜂巢,第二個(gè)圖有7個(gè)蜂巢,第三個(gè)圖有19個(gè)蜂巢,按此規(guī)律,以f(n)表示第n個(gè)圖的蜂巢總數(shù)(1)試給出f(4),f(5)的值,并求f(n)的表達(dá)式(不要求證明);(2)證明:<.(1)解f(4)37,f(5)61.由于f(2)f(1)716,f(3)f(2)19726,f(4)f(3)371936,f(5)f(4)613746,因此,當(dāng)n2時(shí),有f(n)f(n1)6(n1),所以f(n)f(n)f(n1)f(n1)f(n2)f(2)f(1)f(1)6(n1)(n2)2113n23n1.又f(1)1312311,所以f(n)3n23n1.(2)證明當(dāng)k2時(shí),<()所以<1(1)()()1(1)<1.

注意事項(xiàng)

本文(高考數(shù)學(xué)大二輪總復(fù)習(xí)與增分策略 專題四 數(shù)列、推理與證明 第4講 推理與證明練習(xí) 文)為本站會(huì)員(san****019)主動(dòng)上傳,裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲(chǔ)空間,僅對(duì)用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對(duì)上載內(nèi)容本身不做任何修改或編輯。 若此文所含內(nèi)容侵犯了您的版權(quán)或隱私,請(qǐng)立即通知裝配圖網(wǎng)(點(diǎn)擊聯(lián)系客服),我們立即給予刪除!

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