高考物理二輪復(fù)習(xí) 考前增分技巧 選擇題突破訓(xùn)練 新人教版

高考物理二輪復(fù)習(xí) 考前增分技巧 選擇題突破訓(xùn)練 新人教版1如圖，一半徑為R的圓盤上均勻分布著電荷量為Q的電荷，在垂直于圓盤且過圓心c的軸線上有a、b、d三個點，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點處有一電荷量為q(q>0)的固定點電荷已知b點處的場強為零，則d點處場強的大小為(k為靜電力常量)()Ak BkCk Dk解析：本題應(yīng)從點電荷產(chǎn)生的電場和電場的疊加角度解決問題已知a處點電荷和帶電圓盤均在b處產(chǎn)生電場，且b處場強為零，所以帶電圓盤在b處產(chǎn)生的電場場強E1和q在b處產(chǎn)生的電場場強Eab等大反向，即E1Eab，帶電圓盤在d處產(chǎn)生的電場場強E2E1且方向與E1相反，q在d處產(chǎn)生的電場場強Ead，則d處場強EdE2Eadk，選項B正確答案：B2圖甲為伽利略研究自由落體運動實驗的示意圖，讓小球由傾角為的光滑斜面滑下，然后在不同的角條件下進行多次實驗，最后推理出自由落體運動是一種勻加速直線運動分析該實驗可知，小球?qū)π泵娴膲毫Α⑿∏蜻\動的加速度和重力加速度與各自最大值的比值y隨變化的圖象分別對應(yīng)圖乙中的()A、和 B、和C、和 D、和解析：本題考查牛頓運動定律及圖象分析，意在考查考生的圖象分析能力根據(jù)斜面模型，小球在光滑的斜面上時，對斜面的壓力為FNmgcos，壓力FN與其最大值的比值為cos，此比值與的圖線對應(yīng)圖象中的；下滑過程中小球的加速度agsin，加速度與其最大值的比值為sin，此比值與的圖線對應(yīng)圖象中的；重力加速度是恒定值，與其最大值的比值為1，此比值與的圖線對應(yīng)圖象中的.所以B項正確；A、C、D項錯誤答案：B3如圖所示，在水平地面上M點的正上方某一高度處，將球S1以初速度v1水平向右拋出，同時在M點右方地面上N點處，將球S2以初速度v2斜向左上方拋出，兩球恰在M、N連線的中點正上方相遇，不計空氣阻力，則兩球從拋出到相遇過程中()A初速度大小關(guān)系為v1v2B速度變化量相等C水平位移相等 D都不是勻變速運動解析：兩球運動過程中都只受重力作用，加速度為g，均做勻變速運動，D錯誤；因g所以速度的變化量vgt，運動時間t相同，所以v也相同，B正確；設(shè)v2方向與水平面的夾角為，因兩球在M、N連線的中點相遇且運動時間相同，所以兩球的水平位移大小相等，方向相反，且v1v2cos，A、C錯誤答案：B4用一根細線一端系一小球(可視為質(zhì)點)，另一端固定在一光滑錐頂上，如圖所示，設(shè)小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動的角速度為，細線的張力為FT，則FT隨2變化的圖象是圖中的()解析：小球角速度較小，未離開錐面，設(shè)細線的張力為FT，線的長度為L，錐面對小球的支持力為FN，則有：FTcosFNsinmg及FTsinFNcosm2Lsin，可求得FTmgcosm2Lsin2.可見隨由0開始增加，F(xiàn)T由mgcos開始隨2的增大線性增大，當角速度增大到小球飄離錐面時，F(xiàn)Tsinm2Lsin，其中為細線與豎直方向的夾角，即FTm2L，可見FT隨2的增大仍線性增大，但圖線斜率增大了，綜上所述，只有C正確答案：C5質(zhì)量為2kg的物體，放在動摩擦因數(shù)為0.1的水平面上，在水平拉力F的作用下，由靜止開始運動，拉力做的功W和物體發(fā)生的位移x之間的關(guān)系如圖所示，g10m/s2，下列說法中正確的是()A此物體在AB段做勻加速直線運動，且整個過程中拉力的最大功率為15 WB此物體在AB段做勻速直線運動，且整個過程中拉力的最大功率為6 WC此物體在AB段做勻加速直線運動，且整個過程中拉力的最大功率為6 WD此物體在AB段做勻速直線運動，且整個過程中拉力的最大功率為15 W解析：由圖知前3 m位移內(nèi)拉力為5 N，摩擦力大小為fmg2 N，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度a1.5 m/s2，所用時間為t2 s，末速度為3 m/s，后6 m位移內(nèi)拉力等于2 N，與摩擦力等大反向，所以此物體在AB段做勻速直線運動，整個過程中拉力的最大功率為PmFmvm15 W，D對答案：D6在x軸上方有垂直于紙面的勻強磁場，同一種帶電粒子從O點射入磁場當入射方向與x軸正方向的夾角45°時，速度為v1、v2的兩個粒子分別從a、b兩點射出磁場，如圖所示，當60°時，為了使速度為v3的粒子從a、b的中點c射出磁場，則速度v3應(yīng)為()A.(v1v2)B.(v1v2)C.(v1v2) D.(v1v2)解析：當帶電粒子入射方向與x軸正方向的夾角為45°時，速度為v1、v2的兩個粒子分別從a、b兩點射出磁場，作出運動軌跡圖(圖略)，則有2r1cos45°Oa,2r2cos45°Ob；當為60°時，為使速度為v3的粒子從c點射出磁場，有2r3cos30°Oc，而OcOa，聯(lián)立解得r3(r1r2)，由r，得v3(v1v2)，則v3(v1v2)答案：D7.如圖所示，作用于O點的三個力平衡(其中力F3圖中未畫出)，其中一個力大小為F1，沿y軸負方向，大小未知的力F2與x軸正方向夾角為，下列說法正確的是()A力F3只可能在第二象限B力F3與F2夾角越小，則F3與F2越小CF3的最小值為F1 cos D力F3可能在第三象限的任意范圍內(nèi)解析：力F3可以在第二象限和第三象限中F2的延長線左側(cè)，A、D錯；三個力的矢量圖如圖所示，由圖可知，B錯；當F3與F2垂直時F3的最小值為F1cos ，C對答案：C8(xx·天津卷)(多選)P1、P2為相距遙遠的兩顆行星，距各自表面相同高度處各有一顆衛(wèi)星s1、s2做勻速圓周運動圖中縱坐標表示行星對周圍空間各處物體的引力產(chǎn)生的加速度a，橫坐標表示物體到行星中心的距離r的平方，兩條曲線分別表示P1、P2周圍的a與r2的反比關(guān)系，它們左端點橫坐標相同則()AP1的平均密度比P2的大BP1的“第一宇宙速度”比P2的小Cs1的向心加速度比s2的大Ds1的公轉(zhuǎn)周期比s2的大解析：題圖中兩條曲線的左端點對應(yīng)的橫坐標相同，表明兩顆行星的半徑相同，由萬有引力提供向心力可得，Gma，a，由題圖可知，P1的質(zhì)量大，因此P1的平均密度大，A項正確；第一宇宙速度v，因此質(zhì)量大的行星第一宇宙速度大，B項錯誤；由a可知，s1的向心加速度大，C項正確；由Gmr()2得T2，因此同一高度處，質(zhì)量大的行星的衛(wèi)星公轉(zhuǎn)周期小，D項錯誤答案：AC9(xx·北京卷)利用所學(xué)物理知識，可以初步了解常用的公交一卡通(IC卡)的工作原理及相關(guān)問題IC卡內(nèi)部有一個由電感線圈L和電容C構(gòu)成的LC振蕩電路公交車上的讀卡機(刷卡時“嘀”的響一聲的機器)向外發(fā)射某一特定頻率的電磁波刷卡時，IC卡內(nèi)的線圈L中產(chǎn)生感應(yīng)電流，給電容C充電，達到一定的電壓后，驅(qū)動卡內(nèi)芯片進行數(shù)據(jù)處理和傳輸下列說法正確的是()AIC卡工作所需要的能量來源于卡內(nèi)的電池B僅當讀卡機發(fā)射該特定頻率的電磁波時，IC卡才能有效工作C若讀卡機發(fā)射的電磁波偏離該特定頻率，則線圈L中不會產(chǎn)生感應(yīng)電流DIC卡只能接收讀卡機發(fā)射的電磁波，而不能向讀卡機傳輸自身的數(shù)據(jù)信息解析：讀卡機發(fā)射的電磁波，被IC卡內(nèi)部的LC振蕩電路接收，使IC卡充電，因此IC卡的能量源于讀卡機發(fā)射的電磁波，故A項錯誤；僅當讀卡機發(fā)射的電磁波頻率與該IC卡內(nèi)的LC振蕩電路的固有頻率相等時，才發(fā)生共振，IC卡才能有效工作，故B項正確；若讀卡機發(fā)射的電磁波偏離該特定頻率，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，線圈L中仍會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C項錯誤；由題意，IC卡內(nèi)的線圈L中產(chǎn)生感應(yīng)電流，給電容C充電，達到一定電壓后，驅(qū)動卡內(nèi)芯片進行數(shù)據(jù)處理和傳輸，故D項錯誤答案：B10(xx·江蘇卷)如圖所示，某“闖關(guān)游戲”的筆直通道上每隔8 m設(shè)有一個關(guān)卡，各關(guān)卡同步放行和關(guān)閉，放行和關(guān)閉的時間分別為5 s和2 s關(guān)卡剛放行時，一同學(xué)立即在關(guān)卡1處以加速度2 m/s2由靜止加速到2m/s，然后勻速向前，則最先擋住他前進的關(guān)卡是()A關(guān)卡2 B關(guān)卡3C關(guān)卡4 D關(guān)卡5解析：關(guān)卡剛放行時，該同學(xué)加速的時間t1 s，運動的距離為x1at21 m，然后以2 m/s的速度勻速運動，經(jīng)4 s運動的距離為8 m，因此第1個5 s內(nèi)運動距離為9 m，過了第2關(guān)，到第3關(guān)時再用時3.5 s，大于2 s，因此能過第3關(guān)，運動到第4關(guān)前共用時12.5 s，而運動到第12 s時，關(guān)卡關(guān)閉，因此被擋在第4關(guān)前，C項正確答案：C11自然界中某個量D的變化量D與發(fā)生這個變化所用時間t的比值叫做這個量D的變化率下列說法正確的是()A若D表示某質(zhì)點做平拋運動的速度，則是恒定不變的B若D表示某質(zhì)點做勻速圓周運動的動量(即質(zhì)量與速度的乘積)，則是恒定不變的C若D表示某質(zhì)點做豎直上拋運動離拋出點的高度，則一定變大D若D表示某質(zhì)點的動能，則越大，質(zhì)點所受外力做的總功就越多解析：做平拋運動的質(zhì)點，其g，g為常量，故選項A正確；做勻速圓周運動的質(zhì)點，其F，向心力F的方向時刻改變，故選項B錯誤；做豎直上拋運動的質(zhì)點，其v，v先減小，變?yōu)榱愫笤傧蛳略龃?，故選項C錯誤；質(zhì)點動能的變化與合外力做的功相等，P，越大，表示質(zhì)點所受外力做功的功率越大，故選項D錯誤答案：A12(多選)如圖所示，一個半徑為R的導(dǎo)電圓環(huán)與一個軸向?qū)ΨQ的發(fā)散磁場處處正交，環(huán)上各點的磁感應(yīng)強度B大小相等，方向均與環(huán)面軸線方向成角(環(huán)面軸線為豎直方向)若導(dǎo)線環(huán)上載有如圖所示的恒定電流I，則下列說法正確的是()A導(dǎo)電圓環(huán)有收縮的趨勢B導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力方向豎直向上C導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力的大小為2BIRD導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力的大小為2BIRsin解析：若導(dǎo)線環(huán)上載有如圖所示的恒定電流I ，由左手定則可知，安培力方向水平分量均指向圓心，因此導(dǎo)電圓環(huán)有收縮的趨勢，導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力方向豎直向上，導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力的大小為2BIRsin，選項A、B、D正確，C錯誤答案：ABD13某同學(xué)在物理學(xué)習(xí)中記錄了一些與地球、月球有關(guān)的數(shù)據(jù)資料如下：地球半徑R6 400 km，月球半徑r1 740 km，地球表面重力加速度g09.80 m/s2，月球表面重力加速度g1.56 m/s2，月球繞地球中心轉(zhuǎn)動的線速度v1 km/s，月球繞地球轉(zhuǎn)動一周時間為T27.3天，光速c2.998×105 km/s.1969年8月1日第一次用激光器向位于頭頂?shù)脑虑虮砻姘l(fā)射出激光光束，經(jīng)過約t2.565 s接收到從月球表面反射回來的激光信號，利用上述數(shù)據(jù)可估算出地球表面與月球表面之間的距離s，則下列說法正確的是()A利用激光束的反射sc·來算B利用v來算C利用m月g0m月來算D利用m月g(sRr)來算解析：從地球發(fā)射激光到地球接收到所用時間為t，則單趟時間為，所以sc故選項A正確；月球繞地球做圓周運動的半徑為兩球心距離，線速度與周期的關(guān)系T，故選項B正確；忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，則Gmg0月球繞地球轉(zhuǎn)動，萬有引力提供向心力，m月聯(lián)立，得g0，故選項C錯誤；在月球表面Gmg月球繞地球轉(zhuǎn)動，萬有引力提供向心力，m月聯(lián)立得g(srR)3，故選項D錯誤答案：AB