2022年高考物理總復(fù)習(xí) 課時(shí)跟蹤檢測(cè)（十八）功能關(guān)系 能量守恒定律

2022年高考物理總復(fù)習(xí) 課時(shí)跟蹤檢測(cè)（十八）功能關(guān)系 能量守恒定律一、單項(xiàng)選擇題1. (xx·安慶模擬)2013年2月15日中午12時(shí)30分左右，俄羅斯車?yán)镅刨e斯克州發(fā)生天體墜落事件。根據(jù)俄緊急情況部的說(shuō)法，墜落的是一顆隕石。這顆隕石重量接近1萬(wàn)噸，進(jìn)入地球大氣層的速度約為4萬(wàn)英里每小時(shí)，隨后與空氣摩擦而發(fā)生劇烈燃燒，并在距離地面上空12至15英里處發(fā)生爆炸，產(chǎn)生大量碎片，假定某一碎片自爆炸后落至地面并陷入地下一定深度過(guò)程中，其質(zhì)量不變，則()圖1A該碎片在空中下落過(guò)程中重力做的功等于動(dòng)能的增加量B該碎片在空中下落過(guò)程中重力做的功小于動(dòng)能的增加量C該碎片在陷入地下的過(guò)程中重力做的功等于動(dòng)能的改變量D該碎片在整個(gè)過(guò)程中克服阻力做的功等于機(jī)械能的減少量2.(xx·溫州八校聯(lián)考)如圖2所示，質(zhì)量為m的滑塊以一定初速度滑上傾角為的固定斜面，同時(shí)施加一沿斜面向上的恒力Fmgsin ；已知滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)tan ，取出發(fā)點(diǎn)為參考點(diǎn)，能正確描述滑塊運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量Q，滑塊動(dòng)能Ek、勢(shì)能Ep、機(jī)械能E隨時(shí)間t、位移x關(guān)系的是()圖2圖33(xx·徐州三模)“健身彈跳球”是近期流行的一項(xiàng)健身器材。小學(xué)生在玩彈跳球時(shí)雙腳站在如圖4所示的水平跳板上，用力向下壓彈跳球后，彈跳球能和人一起跳離地面。某彈跳球安全性能指標(biāo)要求反彈高度不超過(guò)15 cm，請(qǐng)估算該彈跳球一次反彈過(guò)程最多能對(duì)小學(xué)生做的功最接近于()圖4A0.6 JB6 JC60 J D600 J4(xx·廣東高考)如圖5是安裝在列車車廂之間的摩擦緩沖器結(jié)構(gòu)圖。圖中和為楔塊，和為墊板，楔塊與彈簧盒、墊板間均有摩擦，在車廂相互撞擊使彈簧壓縮的過(guò)程中()圖5A緩沖器的機(jī)械能守恒B摩擦力做功消耗機(jī)械能C墊板的動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能D彈簧的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能5. (xx·大慶模擬)如圖6所示，一足夠長(zhǎng)的木板在光滑的水平面上以速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)將質(zhì)量為m的物體輕輕地放置在木板上的右端，已知物體m和木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，為保持木板的速度不變，從物體m放到木板上到它相對(duì)木板靜止的過(guò)程中，須對(duì)木板施一水平向右的作用力F，那么力F對(duì)木板做功的數(shù)值為()圖6A. B.Cmv2D2mv26(xx·全國(guó)卷)一物體靜止在粗糙水平地面上。現(xiàn)用一大小為F1的水平拉力拉動(dòng)物體，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后其速度變?yōu)関。若將水平拉力的大小改為F2，物體從靜止開(kāi)始經(jīng)過(guò)同樣的時(shí)間后速度變?yōu)?v。對(duì)于上述兩個(gè)過(guò)程，用WF1、WF2分別表示拉力F1、F2所做的功，Wf1、Wf2分別表示前后兩次克服摩擦力所做的功，則()AWF2>4WF1，Wf2>2Wf1BWF2>4WF1，Wf22Wf1CWF2<4WF1，Wf22Wf1DWF2<4WF1，Wf2<2Wf1二、多項(xiàng)選擇題7.如圖7所示，輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P拴接，另一端與物體A相連，物體A靜止于光滑水平桌面上，A右端連接一細(xì)線，細(xì)線繞過(guò)光滑的定滑輪與物體B相連。開(kāi)始時(shí)用手托住B，讓細(xì)線恰好伸直，然后由靜止釋放B，直至B獲得最大速度。下列有關(guān)該過(guò)程的分析正確的是()圖7AB物體的機(jī)械能一直減少BB物體動(dòng)能的增量等于它所受重力與拉力做功之和CB物體機(jī)械能的減少量等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量D細(xì)線的拉力對(duì)A做的功等于A物體與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量8.如圖8所示是某中學(xué)科技小組制作的利用太陽(yáng)能驅(qū)動(dòng)小車的裝置。當(dāng)太陽(yáng)光照射到小車上方的光電板時(shí)，光電板中產(chǎn)生的電流經(jīng)電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)小車前進(jìn)。若小車在平直的公路上以初速度v0開(kāi)始加速行駛，經(jīng)過(guò)時(shí)間t，前進(jìn)了距離l，達(dá)到最大速度vmax，設(shè)此過(guò)程中電動(dòng)機(jī)功率恒為額定功率P，受的阻力恒為Ff，則此過(guò)程中電動(dòng)機(jī)所做的功為()圖8AFfvmaxtBPtCFft D.mvFflmv9. (xx·大綱卷)如圖9，一固定斜面傾角為30°，一質(zhì)量為m的小物塊自斜面底端以一定的初速度，沿斜面向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度的大小等于重力加速度的大小g。若物塊上升的最大高度為H，則此過(guò)程中，物塊的()圖9A動(dòng)能損失了2mgH B動(dòng)能損失了mgHC機(jī)械能損失了mgH D機(jī)械能損失了mgH 10(xx·江蘇高考)如圖10所示，水平桌面上的輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與小物塊相連。彈簧處于自然長(zhǎng)度時(shí)物塊位于O點(diǎn)(圖中未標(biāo)出)。物塊的質(zhì)量為m，ABa，物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為?，F(xiàn)用水平向右的力將物塊從O點(diǎn)拉至A點(diǎn)，拉力做的功為W。撤去拉力后物塊由靜止向左運(yùn)動(dòng)，經(jīng)O點(diǎn)到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度為零。重力加速度為g。則上述過(guò)程中()圖10A物塊在A點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能等于WmgaB物塊在B點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能小于WmgaC經(jīng)O點(diǎn)時(shí)，物塊的動(dòng)能小于WmgaD物塊動(dòng)能最大時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能小于物塊在B點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能三、非選擇題11.如圖11所示，光滑半圓弧軌道半徑為R，OA為水平半徑，BC為豎直直徑。一質(zhì)量為m的小物塊自A處以某一豎直向下的初速度滑下，進(jìn)入與C點(diǎn)相切的粗糙水平軌道CM上。在水平軌道上有一輕彈簧，其一端固定在豎直墻上，另一端恰位于軌道的末端C點(diǎn)(此時(shí)彈簧處于自然狀態(tài))。若物塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧最大彈性勢(shì)能為Ep，且物塊被彈簧反彈后恰能通過(guò)B點(diǎn)。已知物塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，求：圖11(1)物塊離開(kāi)彈簧剛進(jìn)入半圓軌道時(shí)對(duì)軌道的壓力FN的大??；(2)彈簧的最大壓縮量d；(3)物塊從A處開(kāi)始下滑時(shí)的初速度v0。12如圖12所示，質(zhì)量為m的滑塊放在光滑的水平平臺(tái)上，平臺(tái)右端B與水平傳送帶相接，傳送帶的運(yùn)行速度為v0，長(zhǎng)為L(zhǎng)?，F(xiàn)將滑塊緩慢向左移動(dòng)壓縮固定在平臺(tái)上的輕彈簧，到達(dá)某處時(shí)突然釋放，當(dāng)滑塊滑到傳送帶右端C時(shí)，恰好與傳送帶速度相同?；瑝K與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。圖12(1)試分析滑塊在傳送帶上的運(yùn)動(dòng)情況；(2)若滑塊離開(kāi)彈簧時(shí)的速度大于傳送帶的速度，求釋放滑動(dòng)時(shí)彈簧具有的彈性勢(shì)能；(3)若滑塊離開(kāi)彈簧時(shí)的速度大于傳送帶的速度，求滑塊在傳送帶上滑行的整個(gè)過(guò)程中產(chǎn)生的熱量。答 案1選D由能量轉(zhuǎn)化和守恒定律可知，該碎片在空氣中下落過(guò)程中，重力和空氣阻力做功之和等于動(dòng)能的增加量，因空氣阻力做負(fù)功，故重力做的功大于動(dòng)能的增加量，A、B均錯(cuò)誤；該碎片陷入地下的過(guò)程中，因有阻力做負(fù)功，且克服阻力做的功等于其機(jī)械能的減少量，故D正確，C錯(cuò)誤。2選C根據(jù)滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)tan 可知，滑動(dòng)摩擦力等于重力沿斜面向下的分力。施加一沿斜面向上的恒力Fmgsin ，物體機(jī)械能保持不變，重力勢(shì)能隨位移x均勻增大，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。產(chǎn)生的熱量QFfx，隨位移均勻增大，滑塊動(dòng)能Ek隨位移x均勻減小，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤。3選C小學(xué)生的體重比較小，取m40 kg，根據(jù)能量守恒得，Wmgh40×10×0.15 J60 J。故C正確，A、B、D錯(cuò)誤。4選B在車廂相互撞擊使彈簧壓縮過(guò)程中，由于要克服摩擦力做功，且緩沖器所受合外力做功不為零，因此機(jī)械能不守恒，A項(xiàng)錯(cuò)誤；克服摩擦力做功消耗機(jī)械能，B項(xiàng)正確；撞擊以后墊板和車廂有相同的速度，因此動(dòng)能并不為零，C項(xiàng)錯(cuò)誤；壓縮彈簧過(guò)程彈簧的彈性勢(shì)能增加，并沒(méi)有減小，D項(xiàng)錯(cuò)誤。5選C由能量轉(zhuǎn)化和守恒定律可知，拉力F對(duì)木板所做的功W一部分轉(zhuǎn)化為物體m的動(dòng)能，一部分轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)內(nèi)能，故Wmv2mg·s相，s相vtt，vgt，以上三式聯(lián)立可得：Wmv2，故C正確。6選C根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律、牛頓第二定律、功的計(jì)算公式解題。根據(jù)xt得，兩過(guò)程的位移關(guān)系x1x2，根據(jù)加速度的定義a，得兩過(guò)程的加速度關(guān)系為a1。由于在相同的粗糙水平地面上運(yùn)動(dòng)，故兩過(guò)程的摩擦力大小相等，即f1f2f，根據(jù)牛頓第二定律Ffma得，F(xiàn)1f1ma1，F(xiàn)2f2ma2，所以F1F2f，即F1>。根據(jù)功的計(jì)算公式WFl，可知Wf1Wf2，WF1>WF2，故選項(xiàng)C正確，選項(xiàng)A、B、D錯(cuò)誤。7選ABD由于細(xì)線的拉力對(duì)B做負(fù)功，故B物體機(jī)械能一直減少，A正確；根據(jù)動(dòng)能定理可確定B正確；由于該過(guò)程中A的動(dòng)能增加，故B物體機(jī)械能的減少量等于彈簧彈性勢(shì)能與物體A動(dòng)能增加量的和，故C錯(cuò)誤；細(xì)線的拉力對(duì)A和彈簧組成的系統(tǒng)做正功，根據(jù)功能關(guān)系，D正確。8選ABD因小車以恒定的功率運(yùn)動(dòng)，故此過(guò)程小車電動(dòng)機(jī)做功為WPtFfvmaxt，A、B均正確；由動(dòng)能定理可得WFflmvmv，得：WmvmvFfl，故D正確，C錯(cuò)誤。9選AC小物塊向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，合外力沿斜面向下，由牛頓第二定律得F合mgma，根據(jù)動(dòng)能定理可知損失的動(dòng)能等于F合s2mgH，A對(duì)，B錯(cuò)；小物塊在向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，重力勢(shì)能增加了mgH，而動(dòng)能減少了2mgH，故機(jī)械能損失了mgH，C對(duì)，D錯(cuò)。10選BC設(shè)O點(diǎn)到A點(diǎn)的距離為x，則物塊在A點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為EpAWmgx，由于摩擦力的存在，因此A、B間的距離a小于2x，即xa，所以EpAWmga，A項(xiàng)錯(cuò)誤；物塊從O點(diǎn)經(jīng)A點(diǎn)到B點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理Wmg(xa)EpB，mg(xa)mga，所以EpBWmg a，B項(xiàng)正確；在O點(diǎn)彈性勢(shì)能為零，從O點(diǎn)再到O點(diǎn)W2mgxEk0，由于xa，因此Ek0Wmga，C項(xiàng)正確；物塊動(dòng)能最大時(shí)，是摩擦力等于彈簧的彈力的時(shí)候，此位置在O點(diǎn)右側(cè)，如果B點(diǎn)到O點(diǎn)的距離小于動(dòng)能最大的位置到O點(diǎn)的距離，則物塊動(dòng)能最大時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能大于物塊在B點(diǎn)時(shí)的彈簧的彈性勢(shì)能，D項(xiàng)錯(cuò)誤。11解析：(1)設(shè)物塊剛離開(kāi)彈簧時(shí)速度為v1，恰通過(guò)B點(diǎn)時(shí)速度為v2，由題意可知：mgm在物塊由C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程中，由機(jī)械能守恒定律得mv2mgRmv解得v1又由牛頓第二定律得：Fmgm所以F6mg由牛頓第三定律可得物塊對(duì)軌道的壓力為6mg(2)彈簧從壓縮到最短開(kāi)始至物塊被彈離彈簧的過(guò)程中，由能量守恒可得mvmgdEp聯(lián)立求解得d(3)物塊從A處下滑至彈簧被壓縮到最短的過(guò)程中由能量守恒可得mvmgREpmgd聯(lián)立可得v0 答案：(1)6mg(2)(3) 12解析：(1)若滑塊沖上傳送帶時(shí)的速度小于帶速，則滑塊由于受到向右的滑動(dòng)摩擦力而做勻加速運(yùn)動(dòng)；若滑塊沖上傳送帶時(shí)的速度大于帶速，則滑塊由于受到向左的滑動(dòng)摩擦力而做勻減速運(yùn)動(dòng)。(2)設(shè)滑塊沖上傳送帶時(shí)的速度大小為v，由機(jī)械能守恒Epmv2設(shè)滑塊在傳送帶上做勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a，由牛頓第二定律：mgma由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式vv22aL解得v，EpmvmgL。(3)設(shè)滑塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，則t時(shí)間內(nèi)傳送帶的位移xv0t，v0vat滑塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的位移xLx因相對(duì)滑動(dòng)生成的熱量Qmg·x解得QmgLmv0(v0)。答案：(1)見(jiàn)解析(2)mvmgL(3)mgLmv0(v0)