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2022年高三臨門一腳物理試題 含解析zhangsan

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2022年高三臨門一腳物理試題 含解析zhangsan

2022年高三臨門一腳物理試題 含解析zhangsan13小娟、小明兩人共提一桶水勻速前行,如圖所示,已知兩人手臂上的拉力大小相等且為F,兩人手臂間的夾角為,水和水桶的總重力為G,則下列說法中正確的是 ()A當為120°時,F(xiàn)B不管為何值,F(xiàn)C當0°時,F(xiàn)D越大時F越小【答案】C設小娟、小明的手臂對水桶的拉力大小為F,由題小娟、小明的手臂夾角成角,根據(jù)對稱性可知,兩人對水桶的拉力大小相等,則根據(jù)平衡條件得:解得:,當=0°時,值最大,則,即為最小,當為60°時,當為120°時,F(xiàn)=G,當越大時,則F越大;故C正確,ABD錯誤。故選C。【考點】力的合成與分解14如圖所示為某種椅子與其升降部分的結構示意圖,M、N兩筒間密閉了一定質量的氣體,M可沿N的內壁上下滑動,設筒內氣體不與外界發(fā)生熱交換,在M向下滑動的過程中 ( )A外界對氣體做功,氣體內能增大B外界對氣體做功,氣體內能減小C氣體對外界做功,氣體內能增大D氣體對外界做功,氣體內能減小【答案】AM向下滑動,壓力與位移同方向,即外界對氣體做正功,同時筒內氣體不與外界發(fā)生熱交換,根據(jù)能量守恒定律,氣體內能一定增加。故選A。【考點】熱力學第一定律15如圖所示,一定質量的理想氣體從狀態(tài)a沿直線變化到狀態(tài)b,在此過程中,其壓強()A逐漸增大B逐漸減小C始終不變 D先增大后減小【答案】A根據(jù)氣體狀態(tài)方程,因為沿直線從a到b,V逐漸變小,T逐漸變大,所以P逐漸變大。故選A?!究键c】理想氣體的狀態(tài)方程16示波管原理如圖所示,當兩偏轉電極XX、YY電壓為零時,電子槍發(fā)射的電子經加速電壓加速后會打在熒光屏上正中間的O點,其中x軸與XX電場的場強方向平行,x軸正方向垂直于紙面指向紙內,y軸與YY電場的場強方向平行。若要電子打在圖示坐標系的第象限內,則()AX、Y接電源的正極,X、Y接電源的負極BX、Y接電源的正極,X、Y接電源的負極CX、Y接電源的正極,X、Y接電源的負極DX、Y接電源的正極,X、Y接電源的負極【答案】D將粒子的運動沿著x、y和初速度方向進行正交分解,沿初速度方向不受外力,做勻速直線運動;打在第三象限,故經過YY區(qū)間時電場力向下,即Y接負極;打在第三象限,故經過XX區(qū)間時電場力外,即X接負極。故選D?!究键c】示波管;帶電粒子在勻強電場中的運動17圖中甲、乙分別表示兩種電壓的波形,其中圖甲所示電壓按正弦規(guī)律變化。下列說法正確的是()A圖甲表示交流電,圖乙表示直流電B兩種電壓的有效值相等C圖甲所示電壓的瞬時值表達式為u311 sin 100t VD圖甲所示電壓經匝數(shù)比為101的變壓器變壓后,頻率不變【答案】CDA、由于兩圖中表示的電流方向都隨時間變化,因此都為交流電,故A錯誤;B、由于對應相同時刻,圖甲電壓比圖乙電壓大,根據(jù)有效值的定義可知,圖甲有效值要比圖乙有效值大,故B錯誤;C、從圖甲可知,所以圖甲電壓的瞬時值表達式為,故C正確;D、理想變壓器變壓后,功率不發(fā)生變化,故D正確。故選CD?!究键c】交流的峰值、有效值以及它們的關系18如圖所示,a、b、c是在地球大氣層外圓形軌道上運動的3顆衛(wèi)星,下列說法正確的是( )Ab、c的線速度相等Ba的向心加速度大于b的向心加速度Cc加速可追上同一軌道上的bDa衛(wèi)星由于某原因,軌道半徑緩慢減小,其線速度將增大【答案】BDA、衛(wèi)星繞地球做圓周運動,萬有引力提供向心力,得,b、c的軌道半徑相等,故b、c的線速度大小相等,故A正確;B、根據(jù)萬有引力提供向心力,得,由此可知,軌道半徑越小,加速度越大,故a的向心加速度大于b的向心加速度,故B正確;C、c加速,萬有引力不夠提供向心力,做離心運動,離開原軌道,所以不會與同軌道上的衛(wèi)星相遇,故C錯誤;D、衛(wèi)星由于某原因,軌道半徑緩慢減小,根據(jù)公式,則線速度增大,故D正確。故選BD?!究键c】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系19利用速度傳感器與計算機結合,可以自動作出物體運動的圖像.某同學在一次實驗中得到的運動小車的速度時間圖像如圖所示,由此可以知道( )A小車先做加速運動,后做勻速運動B小車運動的最大速度約為0.8m/sC小車的最大位移是0.8mD小車做曲線運動【答案】ABA、由圖看出,小車的速度不斷增加,最后恒定,所以小車先做加速運動,后做勻速運動,故A正確;B、由圖讀出,小車運動的最大速度出現(xiàn)在大約1s的時刻,其大小約為0.8m/s,故B正確;C、圖中每一小格為“面積”為0.1,面積超過方格一半算一個,不足半格舍去,總共有86格,所以總“面積”為8.6m,小車的最大位移是為8.6m,故C錯誤;D、小車做的是變速直線運動,不是曲線運動,故D錯誤。故選AB?!究键c】勻變速直線運動的圖像20 (釷)經過一系列的衰變和衰變,成為,下面說法中正確的是( )A鉛核比釷核少12個中子B在上述衰變過程中發(fā)生了質量虧損C衰變的實質是核內的一個中子轉化為一個質子和一個電子D放出的射線是氦原子【答案】BCA、核中子數(shù)為208-82=126,釷核中子數(shù)為232-90=142,所以鉛核比釷核少142-126=16,故A錯誤;B、進行衰變后放出能量,質量減少,發(fā)生質量虧損,故B正確;C、衰變的實質是核內的一個中子轉化為一個質子和一個電子,故C正確;D、放出的射線是氦原子的原子核,故D錯誤。故選BC。【考點】原子核衰變及半衰期、衰變速度21如圖所示,金屬桿ab以恒定的速率v在光滑平行導軌上向右滑行,設整個電路總電阻為R(恒定不變),整個裝置置于垂直紙面向里的勻強磁場中,下列敘述正確的是( )Aab桿中的電流強度與速率v成正比B磁場作用于ab桿的安培力與速率v成正比C電阻R上產生的電熱功率與速率v成正比D外力對ab桿做功的功率與速率v成正比【答案】ABA、電動勢,則電流強度,知電流強度與速率成正比,故A正確;B、知安培力與速率成正比,故B正確;C、根據(jù),則,知電阻R產生的熱功率與速率的平方成正比,故C錯誤;D、,知外力的功率與速率的平方成正比,故D錯誤。故選AB?!究键c】法拉第電磁感應定律;安培力;電磁感應中的能量轉化、()用如圖甲所示的實驗裝置來“探究加速度與力關系”?,F(xiàn)使小車A連接紙帶后置于水平放置的一端帶有定滑輪的足夠長的木板上,B為打點計時器、C為彈簧測力計,不計繩與滑輪的摩擦。實驗時,先接通電源再松開小車,打點計時器在紙帶上打下一系列點。甲同學打好三條紙帶,選取其中最好的一條,其中一段如圖乙所示:圖中0、1、2、3、4為計數(shù)點,相鄰的兩個計數(shù)點間有四個點未畫出。用刻度尺測得S1=2.80cm;S2=4.29cm;S3=5.79cm;S4=7.30cm;根據(jù)紙帶中所給的信息,當打點計時器打下點“2”時的瞬時速度為v2= m/s,小車加速度a= m/s2 (保留三位有效數(shù)字)若該同學利用已學的牛頓第二定律計算,發(fā)現(xiàn)小車所受合外力小于測力計讀數(shù),明顯超出實驗誤差的正常范圍。你認為主要原因是_,實驗操作中改進的措施是_?!敬鸢浮?.504 、a=1.50 小車運動時所受摩擦力較大;使導軌傾斜一定角度以平衡摩擦力(1)在勻變速直線運動中,中間時刻的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度,故有:根據(jù)勻變速直線運動的推論:(2)實驗中是將物體的重力充當了小車的拉力,由于小車受到桌面的摩擦力,故會使合力小于物體的重力,造成較大的誤差,故應未平衡摩擦力(或小車受到的摩擦阻力的影響)措施是把木板不帶定滑輪的那一端適當墊高,以平衡摩擦力?!究键c】探究加速度與物體質量、物體受力的關系(2)某同學通過實驗描繪規(guī)格為“2.5V .W”的小燈泡的IU特性曲線?,F(xiàn)實驗室提供下列器材: A電流表A1(量程為00.6A,內阻約0.2) B電流表A2(量程為03.0A,內阻約1) C電壓表V1(量程為03V,內阻約5k) D電壓表V2(量程為015V,內阻約15k) E滑動變阻器R1(010,額定電流.5A);F滑動變阻器R2(0,額定電流1.A)G直流電源(電動勢4V,內阻忽略不計)H電鍵一個、導線若干實驗中所用的電流表應選_;滑動變阻器應選_。(只需填器材前面的字母 代號)圖甲所示為某同學已連接的實物電路,經檢查,發(fā)現(xiàn)電路中缺少兩根導線,請你幫助他找 到這兩根線的位置,并畫在圖甲中若該同學在如圖甲所示狀態(tài)下完成了最后兩根導線的連接,請指出其中的兩個不當之處: A:_; B:_ ?!敬鸢浮緼 F如圖所示;A、滑動變阻器的滑片應撥到b點;B、開關應處于斷開狀態(tài)燈泡額定電流,則電流表選A1即選:A;由于燈泡額定電流是0.5A,測量燈泡的伏安特性曲線實驗中應采用分壓接法,故滑動變阻器額定電流要大于0.5A,所以滑動變阻器應選R2,即選:F測量小燈泡的伏安特性曲線時,要求電壓值從零開始變化,故滑動變阻器應采有分壓接法,電路如圖;兩個不當之處:A、滑動變阻器的滑片應撥到b點;B、開關應處于斷開狀態(tài)?!究键c】描繪小電珠的伏安特性曲線、(分)如圖所示,在平面直角坐標系xoy中,以(0,R)為圓心,半徑為R的圓形區(qū)域內有相互垂直的勻強電場和勻強磁場,磁感應強度為B,方向垂直于xOy平面向外,一質量為m、帶電量+q的粒子從O點沿y軸正方向以v0入射進場區(qū)恰好做勻速直線運動不計重力作用。(1)求電場強度E的大小和方向(2)若撤去電場帶電粒子從O點以大小為v速度沿y軸正方向射入,且,求粒子在磁場中運動的半徑及運動時間。(3)若僅僅撤去電場帶電粒子仍從O點沿y軸正方向入射但速度大小變?yōu)関,求粒子在磁場中的運動時間【答案】,向沿x軸負方向 (1)由qv0B=qE,解得,向沿x軸負方向。(2)帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動,設半徑為r,洛倫茲力提供向心力。又解得:由于,可知帶電粒子應從磁場最右側的P點離開,有:,則得粒子在磁場中的運動時間(3)由,且,解得。粒子在磁場中運動的周期結合r1和v的數(shù)值可知設軌跡對應的圓心角為,由幾何關系可知得粒子在磁場中的運動時間解【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動36如圖所示,質量為m1=1kg的物體A放在質量為m2=3kg的木板B的左端,A可視為質點;B的右側固定一個擋板,長度可忽略的勁度系數(shù)足夠大的輕彈簧右端與擋板相連;AB之間的動摩擦因數(shù),水平地面光滑。開始時AB位于墻壁右側,處于靜止;現(xiàn)用一與水平面成角的斜向下恒定外力推A,撞墻瞬間撤去F,B與墻壁的碰撞沒有機械能損失,則:(1)撞墻前AB是否會發(fā)生相對滑動?通過計算說明理由。(2)若在AB的整個運動過程中,A不滑離B,則B的最短長度是多少?彈簧中能達到的最大彈性勢能是多少?()【答案】不會發(fā)生相對滑動,理由如解析 最短長度 (1)對AB組成的整體,根據(jù)牛頓第二定律:解得:隔離A,假設A已滑動,則有:解得:由于,所以AB保持相對靜止,不會發(fā)生相對滑動(2)AB在與墻壁碰撞前,以加速度共同做勻加速運動,撞墻之前的瞬間,其速度為v0根據(jù)勻變速直線運動的推論推論,得:解得由于,必有,B與墻壁碰撞后的總動量向左,B與墻壁只碰撞一次當AB相對靜止時,由動量守恒:解得:根據(jù)能量守恒可求得B的最短長度L為:解得彈簧被壓縮最短時,AB的速度相等,此時彈性勢能最大,滿足:【考點】牛頓第二定律;動量守恒定律;能量守恒定律物理答案選擇題 CAAD CD BD AB BC AB(每空分)()0.504 ; a= 1.50 小車運動時所受摩擦力較大;使導軌傾斜一定角度以平衡摩擦力():A ; F;如圖所示;A.滑動變阻器的滑片應撥到b點B開關應處于斷開狀態(tài)、解析:(1)由q v0B=qE,分解得E= v0/B。分方向沿x軸負方向。分(2)帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動,設半徑為r,洛倫茲力提供向心力。Bqv=又2分解得:1分由于,可知帶電粒子應從磁場最右側的P點離開,有:則分粒子在磁場中的運動時間t=分(3)由Bqv=,且v1=V,解得r1=R。1分粒子在磁場中運動的周期T=1分結合r1和v的數(shù)值可知2分設軌跡對應的圓心角為,由幾何關系可知得=60°2分粒子在磁場中的運動時間t=解t=2分、解析:(1)對AB組成的整體,根據(jù)牛頓第二定律:1分解得:1分隔離A,假設A已滑動,則有:1分解得:1分由于,所以AB保持相對靜止,不會發(fā)生相對滑動1分(2)AB在與墻壁碰撞前,以加速度共同做勻加速運動,撞墻之前的瞬間,其速度為v01分根據(jù)一個有用推論,得:1分解得1分由于,必有,B與墻壁碰撞后的總動量向左,B與墻壁只碰撞一次1分當AB相對靜止時,由動量守恒:2分解得:1分根據(jù)能量守恒可求得B的最短長度L為:2分解得1分彈簧被壓縮最短時,AB的速度相等,此時彈性勢能最大,滿足:3分

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