2022年高三臨門一腳物理試題 含解析zhangsan

2022年高三臨門一腳物理試題 含解析zhangsan13小娟、小明兩人共提一桶水勻速前行，如圖所示，已知兩人手臂上的拉力大小相等且為F，兩人手臂間的夾角為，水和水桶的總重力為G，則下列說法中正確的是 ()A當為120°時，F(xiàn)B不管為何值，F(xiàn)C當0°時，F(xiàn)D越大時F越小【答案】C設小娟、小明的手臂對水桶的拉力大小為F，由題小娟、小明的手臂夾角成角，根據(jù)對稱性可知，兩人對水桶的拉力大小相等，則根據(jù)平衡條件得：解得：，當=0°時，值最大，則，即為最小，當為60°時，當為120°時，F(xiàn)=G，當越大時，則F越大；故C正確，ABD錯誤。故選C。【考點】力的合成與分解14如圖所示為某種椅子與其升降部分的結構示意圖，M、N兩筒間密閉了一定質量的氣體，M可沿N的內壁上下滑動，設筒內氣體不與外界發(fā)生熱交換，在M向下滑動的過程中 ( )A外界對氣體做功，氣體內能增大B外界對氣體做功，氣體內能減小C氣體對外界做功，氣體內能增大D氣體對外界做功，氣體內能減小【答案】AM向下滑動，壓力與位移同方向，即外界對氣體做正功，同時筒內氣體不與外界發(fā)生熱交換，根據(jù)能量守恒定律，氣體內能一定增加。故選A。【考點】熱力學第一定律15如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態(tài)a沿直線變化到狀態(tài)b，在此過程中，其壓強()A逐漸增大B逐漸減小C始終不變 D先增大后減小【答案】A根據(jù)氣體狀態(tài)方程，因為沿直線從a到b，V逐漸變小，T逐漸變大，所以P逐漸變大。故選A?！究键c】理想氣體的狀態(tài)方程16示波管原理如圖所示，當兩偏轉電極XX、YY電壓為零時，電子槍發(fā)射的電子經加速電壓加速后會打在熒光屏上正中間的O點，其中x軸與XX電場的場強方向平行，x軸正方向垂直于紙面指向紙內，y軸與YY電場的場強方向平行。若要電子打在圖示坐標系的第象限內，則()AX、Y接電源的正極，X、Y接電源的負極BX、Y接電源的正極，X、Y接電源的負極CX、Y接電源的正極，X、Y接電源的負極DX、Y接電源的正極，X、Y接電源的負極【答案】D將粒子的運動沿著x、y和初速度方向進行正交分解，沿初速度方向不受外力，做勻速直線運動；打在第三象限，故經過YY區(qū)間時電場力向下，即Y接負極；打在第三象限，故經過XX區(qū)間時電場力外，即X接負極。故選D?！究键c】示波管；帶電粒子在勻強電場中的運動17圖中甲、乙分別表示兩種電壓的波形，其中圖甲所示電壓按正弦規(guī)律變化。下列說法正確的是()A圖甲表示交流電，圖乙表示直流電B兩種電壓的有效值相等C圖甲所示電壓的瞬時值表達式為u311 sin 100t VD圖甲所示電壓經匝數(shù)比為101的變壓器變壓后，頻率不變【答案】CDA、由于兩圖中表示的電流方向都隨時間變化，因此都為交流電，故A錯誤；B、由于對應相同時刻，圖甲電壓比圖乙電壓大，根據(jù)有效值的定義可知，圖甲有效值要比圖乙有效值大，故B錯誤；C、從圖甲可知，所以圖甲電壓的瞬時值表達式為，故C正確；D、理想變壓器變壓后，功率不發(fā)生變化，故D正確。故選CD?！究键c】交流的峰值、有效值以及它們的關系18如圖所示，a、b、c是在地球大氣層外圓形軌道上運動的3顆衛(wèi)星，下列說法正確的是( )Ab、c的線速度相等Ba的向心加速度大于b的向心加速度Cc加速可追上同一軌道上的bDa衛(wèi)星由于某原因，軌道半徑緩慢減小，其線速度將增大【答案】BDA、衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，得，b、c的軌道半徑相等，故b、c的線速度大小相等，故A正確；B、根據(jù)萬有引力提供向心力，得，由此可知，軌道半徑越小，加速度越大，故a的向心加速度大于b的向心加速度，故B正確；C、c加速，萬有引力不夠提供向心力，做離心運動，離開原軌道，所以不會與同軌道上的衛(wèi)星相遇，故C錯誤；D、衛(wèi)星由于某原因，軌道半徑緩慢減小，根據(jù)公式，則線速度增大，故D正確。故選BD?！究键c】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系19利用速度傳感器與計算機結合，可以自動作出物體運動的圖像.某同學在一次實驗中得到的運動小車的速度時間圖像如圖所示，由此可以知道（ ）A小車先做加速運動，后做勻速運動B小車運動的最大速度約為0.8m/sC小車的最大位移是0.8mD小車做曲線運動【答案】ABA、由圖看出，小車的速度不斷增加，最后恒定，所以小車先做加速運動，后做勻速運動，故A正確；B、由圖讀出，小車運動的最大速度出現(xiàn)在大約1s的時刻，其大小約為0.8m/s，故B正確；C、圖中每一小格為“面積”為0.1，面積超過方格一半算一個，不足半格舍去，總共有86格，所以總“面積”為8.6m，小車的最大位移是為8.6m，故C錯誤；D、小車做的是變速直線運動，不是曲線運動，故D錯誤。故選AB?！究键c】勻變速直線運動的圖像20 (釷)經過一系列的衰變和衰變，成為，下面說法中正確的是（ ）A鉛核比釷核少12個中子B在上述衰變過程中發(fā)生了質量虧損C衰變的實質是核內的一個中子轉化為一個質子和一個電子D放出的射線是氦原子【答案】BCA、核中子數(shù)為208-82=126，釷核中子數(shù)為232-90=142，所以鉛核比釷核少142-126=16，故A錯誤；B、進行衰變后放出能量，質量減少，發(fā)生質量虧損，故B正確；C、衰變的實質是核內的一個中子轉化為一個質子和一個電子，故C正確；D、放出的射線是氦原子的原子核，故D錯誤。故選BC。【考點】原子核衰變及半衰期、衰變速度21如圖所示，金屬桿ab以恒定的速率v在光滑平行導軌上向右滑行，設整個電路總電阻為R（恒定不變），整個裝置置于垂直紙面向里的勻強磁場中，下列敘述正確的是（ ）Aab桿中的電流強度與速率v成正比B磁場作用于ab桿的安培力與速率v成正比C電阻R上產生的電熱功率與速率v成正比D外力對ab桿做功的功率與速率v成正比【答案】ABA、電動勢，則電流強度，知電流強度與速率成正比，故A正確；B、知安培力與速率成正比，故B正確；C、根據(jù)，則，知電阻R產生的熱功率與速率的平方成正比，故C錯誤；D、，知外力的功率與速率的平方成正比，故D錯誤。故選AB?！究键c】法拉第電磁感應定律；安培力；電磁感應中的能量轉化、（）用如圖甲所示的實驗裝置來“探究加速度與力關系”?，F(xiàn)使小車A連接紙帶后置于水平放置的一端帶有定滑輪的足夠長的木板上，B為打點計時器、C為彈簧測力計，不計繩與滑輪的摩擦。實驗時，先接通電源再松開小車，打點計時器在紙帶上打下一系列點。甲同學打好三條紙帶，選取其中最好的一條，其中一段如圖乙所示：圖中0、1、2、3、4為計數(shù)點，相鄰的兩個計數(shù)點間有四個點未畫出。用刻度尺測得S1=2.80cm；S2=4.29cm；S3=5.79cm；S4=7.30cm；根據(jù)紙帶中所給的信息，當打點計時器打下點“2”時的瞬時速度為v2= m/s，小車加速度a= m/s2 （保留三位有效數(shù)字）若該同學利用已學的牛頓第二定律計算,發(fā)現(xiàn)小車所受合外力小于測力計讀數(shù)，明顯超出實驗誤差的正常范圍。你認為主要原因是_，實驗操作中改進的措施是_?！敬鸢浮?.504 、a=1.50 小車運動時所受摩擦力較大；使導軌傾斜一定角度以平衡摩擦力（1）在勻變速直線運動中，中間時刻的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度，故有：根據(jù)勻變速直線運動的推論：（2）實驗中是將物體的重力充當了小車的拉力，由于小車受到桌面的摩擦力，故會使合力小于物體的重力，造成較大的誤差，故應未平衡摩擦力（或小車受到的摩擦阻力的影響）措施是把木板不帶定滑輪的那一端適當墊高，以平衡摩擦力?！究键c】探究加速度與物體質量、物體受力的關系（2）某同學通過實驗描繪規(guī)格為“2.5V .W”的小燈泡的IU特性曲線?，F(xiàn)實驗室提供下列器材： A電流表A1（量程為00.6A，內阻約0.2） B電流表A2（量程為03.0A，內阻約1） C電壓表V1（量程為03V，內阻約5k） D電壓表V2(量程為015V，內阻約15k) E滑動變阻器R1（010，額定電流.5A)；F滑動變阻器R2（0，額定電流1.A）G直流電源（電動勢4V，內阻忽略不計）H電鍵一個、導線若干實驗中所用的電流表應選_；滑動變阻器應選_。(只需填器材前面的字母 代號)圖甲所示為某同學已連接的實物電路，經檢查，發(fā)現(xiàn)電路中缺少兩根導線，請你幫助他找 到這兩根線的位置，并畫在圖甲中若該同學在如圖甲所示狀態(tài)下完成了最后兩根導線的連接，請指出其中的兩個不當之處： A：_； B：_ ?！敬鸢浮緼 F如圖所示；A、滑動變阻器的滑片應撥到b點；B、開關應處于斷開狀態(tài)燈泡額定電流，則電流表選A1即選：A；由于燈泡額定電流是0.5A，測量燈泡的伏安特性曲線實驗中應采用分壓接法，故滑動變阻器額定電流要大于0.5A，所以滑動變阻器應選R2，即選：F測量小燈泡的伏安特性曲線時，要求電壓值從零開始變化，故滑動變阻器應采有分壓接法，電路如圖；兩個不當之處：A、滑動變阻器的滑片應撥到b點；B、開關應處于斷開狀態(tài)?！究键c】描繪小電珠的伏安特性曲線、（分）如圖所示，在平面直角坐標系xoy中，以(0，R)為圓心，半徑為R的圓形區(qū)域內有相互垂直的勻強電場和勻強磁場，磁感應強度為B，方向垂直于xOy平面向外，一質量為m、帶電量+q的粒子從O點沿y軸正方向以v0入射進場區(qū)恰好做勻速直線運動不計重力作用。(1)求電場強度E的大小和方向(2)若撤去電場帶電粒子從O點以大小為v速度沿y軸正方向射入，且，求粒子在磁場中運動的半徑及運動時間。(3)若僅僅撤去電場帶電粒子仍從O點沿y軸正方向入射但速度大小變?yōu)関，求粒子在磁場中的運動時間【答案】，向沿x軸負方向 (1)由qv0B=qE，解得，向沿x軸負方向。（2）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，設半徑為r，洛倫茲力提供向心力。又解得：由于，可知帶電粒子應從磁場最右側的P點離開，有：，則得粒子在磁場中的運動時間（3）由，且，解得。粒子在磁場中運動的周期結合r1和v的數(shù)值可知設軌跡對應的圓心角為，由幾何關系可知得粒子在磁場中的運動時間解【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動36如圖所示，質量為m1=1kg的物體A放在質量為m2=3kg的木板B的左端，A可視為質點；B的右側固定一個擋板，長度可忽略的勁度系數(shù)足夠大的輕彈簧右端與擋板相連；AB之間的動摩擦因數(shù)，水平地面光滑。開始時AB位于墻壁右側，處于靜止；現(xiàn)用一與水平面成角的斜向下恒定外力推A，撞墻瞬間撤去F，B與墻壁的碰撞沒有機械能損失，則：（1）撞墻前AB是否會發(fā)生相對滑動？通過計算說明理由。（2）若在AB的整個運動過程中，A不滑離B，則B的最短長度是多少？彈簧中能達到的最大彈性勢能是多少？（）【答案】不會發(fā)生相對滑動，理由如解析 最短長度 （1）對AB組成的整體，根據(jù)牛頓第二定律：解得：隔離A，假設A已滑動，則有：解得：由于，所以AB保持相對靜止，不會發(fā)生相對滑動（2）AB在與墻壁碰撞前，以加速度共同做勻加速運動，撞墻之前的瞬間，其速度為v0根據(jù)勻變速直線運動的推論推論，得：解得由于，必有，B與墻壁碰撞后的總動量向左，B與墻壁只碰撞一次當AB相對靜止時，由動量守恒：解得：根據(jù)能量守恒可求得B的最短長度L為：解得彈簧被壓縮最短時，AB的速度相等，此時彈性勢能最大，滿足：【考點】牛頓第二定律；動量守恒定律；能量守恒定律物理答案選擇題 CAAD CD BD AB BC AB（每空分）（）0.504 ; a= 1.50 小車運動時所受摩擦力較大；使導軌傾斜一定角度以平衡摩擦力（）：A ； F；如圖所示；A.滑動變阻器的滑片應撥到b點B開關應處于斷開狀態(tài)、解析：(1)由q v0B=qE，分解得E= v0/B。分方向沿x軸負方向。分（2）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，設半徑為r，洛倫茲力提供向心力。Bqv=又2分解得：1分由于，可知帶電粒子應從磁場最右側的P點離開，有：則分粒子在磁場中的運動時間t=分（3）由Bqv=,且v1=V,解得r1=R。1分粒子在磁場中運動的周期T=1分結合r1和v的數(shù)值可知2分設軌跡對應的圓心角為，由幾何關系可知得=60°2分粒子在磁場中的運動時間t=解t=2分、解析：（1）對AB組成的整體，根據(jù)牛頓第二定律：1分解得：1分隔離A，假設A已滑動，則有：1分解得：1分由于，所以AB保持相對靜止，不會發(fā)生相對滑動1分（2）AB在與墻壁碰撞前，以加速度共同做勻加速運動，撞墻之前的瞬間，其速度為v01分根據(jù)一個有用推論，得：1分解得1分由于，必有，B與墻壁碰撞后的總動量向左，B與墻壁只碰撞一次1分當AB相對靜止時，由動量守恒：2分解得：1分根據(jù)能量守恒可求得B的最短長度L為：2分解得1分彈簧被壓縮最短時，AB的速度相等，此時彈性勢能最大，滿足：3分