2022年高考物理一輪復習 階段滾動卷（一）新人教版

2022年高考物理一輪復習 階段滾動卷（一）新人教版一、選擇題(15題只有一個選項符合題目要求，68題有多個選項符合題目要求)1如圖所示，伽利略的斜面實驗反映了一個重要事實：如果空氣阻力和摩擦力小到可以忽略不計，小球一旦沿斜面A滾落，必將準確地終止于斜面B上同它開始點相同高度處，絕不會更高一點或更低一點，這說明，小球在運動過程中有一個“東西”是不變的，這個“東西”是()A能量B速度C加速度 D彈力解析：伽利略的斜面實驗反映了小球運動過程中能量是守恒量，選項A正確答案：A2在一筆直公路上有a、b兩輛汽車，它們同時經過同一路標開始計時，此后的vt圖象如圖所示，下列判斷正確的是()A在t1時刻a、b相遇B0t1時間內，a、b間距離在減小C0t1時間內，a位于b前面Dt1時刻以后，b位于a前面解析：0t1時間內，a車的速度大于b車速度，a車位于b車前面，a、b間距離逐漸增大，選項C正確答案：C3如圖所示，放在斜面上的物體受到垂直于斜面向上的力F作用始終保持靜止狀態(tài)，當力F逐漸減小后，下列說法正確的是()A物體受到的摩擦力保持不變B物體受到的摩擦力逐漸增大C物體受到的合力減小D物體對斜面的壓力逐漸減小解析：對物體進行受力分析如圖所示，將所有的力沿著斜面與垂直于斜面正交分解得Ffmgsin ，F(xiàn)FNmgcos ，因此當F減小時，摩擦力Ffmgsin 保持不變，選項A正確，選項B錯誤；由于物體始終靜止在斜面上，所受合力始終為零，選項C錯誤；隨著拉力F的減小，支持力FNmgcos F越來越大，選項D錯誤答案：A4(xx·南昌模擬)如圖所示，固定斜面傾角為，整個斜面分為AB、BC兩段，且1.5ABBC.小物塊P(可視為質點)與AB、BC兩段斜面之間的動摩擦因數(shù)分別為1、2.已知P由靜止開始從A點釋放，恰好能滑動到C點而停下，那么、1、2間應滿足的關系是()Atan Btan Ctan 212 Dtan 221解析：設斜面長為L，小物塊P由A點滑動到C點的全過程由動能定理得mgLsin 1mgcos ×L2mgcos ×L00，解得tan ，故選項A正確答案：A5(xx·湖南衡陽聯(lián)考)“神舟十號”與“天宮一號”多次成功實現(xiàn)交會對接如圖所示，交會對接前“神舟十號”飛船先在較低圓軌道1上做圓周運動，在適當位置經變軌后與圓軌道2上運動的“天宮一號”對接M、Q兩點在軌道1上，P點在軌道2上，三點連線過地心，把飛船的加速過程簡化為只做一次短時加速下列關于“神船十號”變軌過程的描述，正確的是()A“神船十號”在M點加速，則一定會在P點與“天宮一號”相遇B“神船十號”可以與“天宮一號”同軌加速追及C“神船十號”在軌道1上M點的加速度小于在軌道2上P的加速度D“神舟十號”變軌后的運行周期大于變軌前的運行周期解析：“神船十號”加速后，萬有引力不足以提供向心力，軌道半徑增大，B項錯；“神舟十號”與“天宮一號”相遇過程比較復雜，不僅與加速度的大小、方向有關，還與其他因素有關，A項錯；根據(jù)萬有引力定律FG可知，“神舟十號”在M點受萬有引力較大，加速度較大，C項錯；由開普勒第三定律k可知，變軌后的運行周期大于變軌前的周期，D項正確答案：D6一快艇要從岸邊某一不確定位置處到達河中離岸邊100 m遠的一浮標處，已知快艇在靜水中的速度vx圖象和水流的速度vy圖象如圖甲、乙所示，則下列說法中正確的是()A快艇的運動軌跡為直線B快艇的運動軌跡為曲線C快艇最快到達浮標處的時間為20 sD快艇最快到達浮標處經過的位移大于100 m解析：快艇實際運動的兩個分運動分別是勻速直線運動和勻加速直線運動，且不在同一直線上，故快艇的運動軌跡為曲線，A錯，B對；最快到達浮標處的方式是使vx垂直于河岸和浮標且保持圖甲所示的加速度a0.5 m/s2做勻加速直線運動，則at2x，代入x100 m有t20 s，C項正確；但實際位移為x>100 m，D項對答案：BCD7(xx·江西南昌一模)如圖所示，一小球以速度v0從傾角為53°的斜面頂端A處水平拋出，垂直落到在斜面底端與斜面垂直的擋板上的B點，已知重力加速度為g，sin 37°0.6，cos 37°0.8，則下列說法正確的是()A小球到達B點的速度大小為v0B. 斜面的長度為C小球到達B點時重力的瞬時功率為mgv0DB點到水平面的高度為解析：由小球以速度v0從傾角為53°的斜面頂端A處水平拋出，垂直落到在斜面底端與斜面垂直的擋板上的B點，可知擋板與水平面的夾角為37°，落到擋板上時的速度vBv0，A正確；豎直速度為vyv0，所以在B點時重力的瞬時功率為mgvymgv0，C錯誤；平拋下落的高度為h，平拋的時間為t，水平位移為xv0t，所以斜面的長度為L()sin 37°，B錯誤；B點到水平面的高度為()cos 37° sin 37°，D正確答案：AD8.如圖所示，一足夠長的木板靜止在粗糙的水平地面上，t0時刻滑塊從木板的左端以速度v0水平向右滑行，木板與滑塊間存在摩擦，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力滑塊的vt圖象可能是圖中的()解析：設滑塊質量為m，木板質量為M，滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為1，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為2，若1mg2(Mm)g，則滑塊向右做勻減速運動，加速度大小為a11g，木板不動，選項D正確；若1mg>2(Mm)g，則滑塊向右做勻減速運動，加速度大小為a11g，木板向右做勻加速運動，當二者同速后，一起以a22g的加速度勻減速到停止，因a1>a2，故選項B正確答案：BD二、非選擇題9(xx·河北保定質檢)某同學做“驗證力的平行四邊形定則”的實驗裝置如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點，OB與OC為細繩根據(jù)實驗數(shù)據(jù)在白紙上所作圖如圖乙所示，已知實驗過程中操作正確(1)乙圖中F1、F2、F、F四個力，其中力_(填上述字母)不是由彈簧測力計直接測得的實驗中，要求先后兩次力的作用效果相同，指的是_(填正確選項前字母)A兩個彈簧測力計拉力F1和F2的大小之和等于一個彈簧測力計拉力的大小B橡皮條沿同一方向伸長C橡皮條伸長到同一長度D橡皮條沿同一方向伸長同一長度(2)丙圖是測量中某一彈簧測力計的示數(shù)，讀出該力大小為_N.解析：(1)F在以F1與F2為鄰邊的平行四邊形的對角線上，不是由彈簧測力計直接測出的該實驗采用了“等效替代”法，即合力與分力的關系是等效的，前后兩次要求橡皮條沿同一方向伸長同一長度，故A、B、C錯誤，D正確(2)根據(jù)丙圖讀出力的值為9.0 N.答案：(1)FD(2)9.0(8.89.2之間均可)10為了探究質量一定時加速度與力的關系一同學設計了如圖所示的實驗裝置其中M為帶滑輪的小車的質量，m為砂和砂桶的質量(滑輪質量不計)(1)實驗時，一定要進行的操作或保證的條件是_A用天平測出砂和砂桶的質量B將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力C小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數(shù)D改變砂和砂桶的質量，打出幾條紙帶E為減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的質量m遠小于小車的質量M(2)該同學在實驗中得到如圖所示的一條紙帶(相鄰兩計數(shù)點間還有兩個點沒有畫出)已知打點計時器采用的是頻率為50 Hz的交流電，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度為_m/s2(結果保留兩位有效數(shù)字)(3)以彈簧測力計的示數(shù)F為橫坐標，加速度a為縱坐標，畫出的aF圖象是一條直線，圖線與橫軸的夾角為，求得圖線的斜率為k，則小車的質量為_A2tan B. CkD.解析：(1)彈簧測力計的讀數(shù)的2倍等于小車受到的拉力，無需用天平測出砂和砂桶的質量，不需要保證砂和砂桶的質量m遠小于小車的質量M，選項A、E錯誤；將帶滑輪的長木板右端墊高，可平衡摩擦力，讓拉力充當小車的合外力，選項B正確；為了在紙帶上打下更多清晰的點，小車要靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，選項C正確；為了減小誤差，需要打出多條紙帶，故需改變砂和砂桶的質量，選項D正確(2)相鄰兩個計數(shù)點間還有兩個點沒畫出，故相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔t0.06 s，逐差法求得加速度a×102m/s21.3 m/s2.(3)對小車受力分析，由牛頓第二定律可得：2FMa，可得：aF，即ktan ，選項D正確，選項A、B、C錯誤答案：(1)BCD(2)1.3(3)D11(xx·溫州十校聯(lián)考)如圖所示，“蝸?！睜钴壍繭AB豎直固定在水平地面上，與地面在B處平滑連接其中“蝸?！睜钴壍烙蓛缺诠饣陌雸A軌道OA和AB平滑連接而成，半圓軌道OA的半徑R10.6 m，半圓軌道AB的半徑R21.2 m，水平地面BC長為xBC11 m，C處是一個開口較大的深坑，一質量m0.1 kg的小球從O點沿切線方向以某一初速度進入軌道OA后，沿OAB軌道運動至水平地面，已知小球與水平地面間的動摩擦因數(shù)0.4，g取10 m/s2.(1)為使小球不脫離OAB軌道，小球在O點的初速度v0至少為多大？(2)若小球在O點的初速度v06 m/s，求小球在B點對半圓軌道的壓力大??；(3)若使小球能落入深坑C，則小球在O點的初速度v0至少為多大？解析：(1)小球通過最高點A的臨界條件是mg解得小球經A點的最小速度為vA m/s小球由O到A過程由機械能守恒定律得mg·2R1mvmv解得v0m/s.(2)小球由O到B過程機械能守恒，則mgR2mvmv解得vB2 m/s在B點由牛頓第二定律得FNmg解得FN6 N由牛頓第三定律得軌道受到的壓力FNFN6 N.(3)小球由O到C過程由動能定理得mgR2mgxBC0mv解得v08 m/s.答案：(1) m/s(2)6 N(3)8 m/s12(xx·安徽江南十校聯(lián)考)如圖所示，傾角為37°的固定斜面與足夠長的水平面平滑對接，一勁度系數(shù)k18 N/m輕質彈簧的上端固定于斜面頂端，另一端固連在一質量m1 kg的光滑小球上，跟緊靠的物塊(質量也為m)與斜面間的動摩擦因數(shù)10.75，且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，與水平面間的動摩擦因數(shù)20.1，圖中施加在物塊上的力F18 N，方向沿斜面向上，A和B均處于靜止狀態(tài)，且斜面對B恰無摩擦力，當撤掉力F，A和B一起沿斜面下滑到某處分離，分離后A一直在斜面上運動，B繼續(xù)沿斜面下滑，已知：sin 37°0.6，cos 37°0.8，重力加速度g10 m/s2.(1)A和B分離后A能否再回到了出發(fā)點？請簡述理由(2)A和B分離時B的速度為多大？(3)求B最終停留的位置解析：(1)A不能回到出發(fā)點因為小球與物塊一起下滑過程，物塊對小球的彈力做負功而使小球的機械能減少了(2)未撤掉力F時，對A和B整體，根據(jù)平衡條件得2mgsin F1F其中彈簧彈力F1kx1解得彈簧的壓縮量x1m分離時，A和B間無彈力作用，但速度和加速度仍相等，根據(jù)牛頓第二定律，對B：mgsin FfmaB其中Ff1mgcos ，解得aB0對A：mgsin F2maA，其中彈力F2kx2由aAaB0，解得分離時彈簧的伸長量為x2m可見x1x2，A和B整體從開始運動到分離，彈簧彈力做功為零，根據(jù)動能定理有2mgsin (x1x2)Ff(x1x2)·2mv2解得分離時物塊B的速度v2 m/s(3)分離后B在斜面上做勻速運動，到達水平面后做勻減速直線運動，設停留點距斜面底端為x，根據(jù)動能定理有2mgx0mv2，解得x2 m答案：(1)見解析(2)2 m/s(3)2 m