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2019年高考物理備考 藝體生百日突圍系列 專題09 恒定電流(含解析)

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2019年高考物理備考 藝體生百日突圍系列 專題09 恒定電流(含解析)

專題09恒定電流第一部分 名師綜述恒定電流主要考查以"電路"為核心的三部分內(nèi)容:一是以部分電路的歐姆定律為中心,考查直流電路的基本概念、伏安法測(cè)電阻、電功和電熱等問題;二是以閉合電路的歐姆定律為中心,考查電源的作用、閉合電路的功率分配和能量轉(zhuǎn)化的關(guān)系、電路的路端電壓與電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)陰天的關(guān)系;三是以電路中的電工儀表的使用為中心,考查電學(xué)實(shí)驗(yàn)中儀器的選取、電表的讀數(shù)、實(shí)物連接、數(shù)據(jù)處理和誤差分析等問題.尤其是電學(xué)知識(shí)聯(lián)系實(shí)際的問題和探究實(shí)驗(yàn)問題是近幾年高考考查的熱點(diǎn). 歐姆定律、焦耳定律往往與電磁感應(yīng)現(xiàn)象相交叉滲透;電功率、焦耳熱計(jì)算往往與現(xiàn)實(shí)生活聯(lián)系較密切,是應(yīng)用型、能力型題目的重要內(nèi)容之一,也是高考命題熱點(diǎn)內(nèi)容之一。歷屆高考命題形式一是以選擇、填空方式考查知識(shí);二是與靜電、磁場(chǎng)和電磁感應(yīng)結(jié)合的綜合題。該模塊的復(fù)習(xí)重點(diǎn)為:1.掌握電路基本概念,會(huì)用歐姆定律、電阻定律、焦耳定律分析問題.2.掌握閉合電路歐姆定律,能夠結(jié)合串、并聯(lián)電路的特點(diǎn)分析問題,會(huì)分析電路動(dòng)態(tài)變化問題.3.掌握各種電學(xué)儀器的使用、電學(xué)各實(shí)驗(yàn)的方法和原理,能夠設(shè)計(jì)電路、連接電路、分析電路故障,能夠用表格、圖象等分析實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù).第二部分 知識(shí)背一背一、電流1電流形成的條件:(1)導(dǎo)體中有能夠自由移動(dòng)的電荷;(2)導(dǎo)體兩端存在持續(xù)的電壓2電流的方向:與正電荷定向移動(dòng)的方向相同,與負(fù)電荷定向移動(dòng)的方向相反電流雖然有方向,但它是標(biāo)量3電流(1)定義式:I.(2)微觀表達(dá)式:InqvS,式中n為導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電荷數(shù),q是自由電荷的電荷量,v是自由電荷定向移動(dòng)的速率,S為導(dǎo)體的橫截面積(3)單位:安培(安),符號(hào)是A,1 A1 C/s.二、電阻定律1電阻定律:R,電阻的定義式:R.2電阻率(1)物理意義:反映導(dǎo)體導(dǎo)電性能的物理量,是導(dǎo)體材料本身的屬性(2)電阻率與溫度的關(guān)系金屬的電阻率隨溫度升高而增大;半導(dǎo)體的電阻率隨溫度升高而減??;超導(dǎo)體:當(dāng)溫度降低到絕對(duì)零度附近時(shí),某些材料的電阻率突然減小為零成為超導(dǎo)體三、歐姆定律(1)內(nèi)容:導(dǎo)體中的電流I跟導(dǎo)體兩端的電壓U成正比,跟導(dǎo)體的電阻R成反比(2)公式:I.(3)適用條件:適用于金屬和電解液導(dǎo)電,適用于純電阻電路(4)導(dǎo)體的伏安特性曲線:用橫坐標(biāo)軸表示電壓U,縱坐標(biāo)軸表示電流I,畫出的I­U關(guān)系圖線線性元件:伏安特性曲線是通過坐標(biāo)原點(diǎn)的直線的電學(xué)元件,適用于歐姆定律非線性元件:伏安特性曲線是曲線的電學(xué)元件,不適用填適用、不適用)于歐姆定律四、電功、電熱、電功率1電功(1)定義:導(dǎo)體中的恒定電場(chǎng)對(duì)自由電荷的靜電力做的功(2)公式:WqUIUt適用于任何電路)(3)電流做功的實(shí)質(zhì):電能轉(zhuǎn)化成其他形式能的過程2電功率(1)定義:?jiǎn)挝粫r(shí)間內(nèi)電流做的功,表示電流做功的快慢(2)公式:PW/tIU適用于任何電路)3焦耳定律(1)電熱:電流流過一段導(dǎo)體時(shí)產(chǎn)生的熱量(2)計(jì)算式:QI2Rt.4熱功率(1)定義:?jiǎn)挝粫r(shí)間內(nèi)的發(fā)熱量(2)表達(dá)式:PI2R五、串、并聯(lián)電路的特點(diǎn)1電阻的串聯(lián)電流:II1I2In,電壓:UU1U2Un,電阻:RR1R2Rn;電壓分配:,功率分配:,。2電阻的并聯(lián)電流:II1I2In電壓:UU1U2Un電阻:.電流分配:,.功率分配:,.3幾個(gè)常用的推論(1)串聯(lián)電路的總電阻大于其中任一部分電路的總電阻(2)并聯(lián)電路的總電阻小于其中任一支路的總電阻,且小于其中最小的電阻(3)無論電阻怎樣連接,每一段電路的總耗電功率P總是等于各個(gè)電阻耗電功率之和即PP1P2Pn.(4)無論電路是串聯(lián)還是并聯(lián),電路中任意一個(gè)電阻變大時(shí),電路的總電阻變大六、電源的電動(dòng)勢(shì)1電源是通過非靜電力做功把其它形式的能轉(zhuǎn)化成電能的裝置2電動(dòng)勢(shì):非靜電力搬運(yùn)電荷所做的功與搬運(yùn)的電荷量的比值,E,單位:V.3電動(dòng)勢(shì)的物理含義:電動(dòng)勢(shì)表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化成電勢(shì)能本領(lǐng)的大小,在數(shù)值上等于電源沒有接入電路時(shí)兩極間的電壓4電動(dòng)勢(shì)是_標(biāo)_量,需注意電動(dòng)勢(shì)不是電壓七、閉合電路歐姆定律(1)內(nèi)容:閉合電路中的電流跟電源的電動(dòng)勢(shì)成正比,跟內(nèi)、外電路的電阻之和成反比(2)公式 (只適用于純電阻電路),EU外U內(nèi)(適用于任何電路)(3)路端電壓與外電阻的關(guān)系負(fù)載R增大I減小U內(nèi)減小U外增大外電路斷路時(shí)(R),I0,U外E.負(fù)載R減小I增大U內(nèi)增大U外減小外電路短路時(shí)(R0),I,U內(nèi)E.(4)UI關(guān)系圖:由UEIr可知,路端電壓隨著電路中電流的增大而減小;UI關(guān)系圖線如圖所示當(dāng)電路斷路即I0時(shí),縱坐標(biāo)的截距為電動(dòng)勢(shì)E當(dāng)外電路電壓為U0時(shí),橫坐標(biāo)的截距為短路電流Im圖線的斜率的絕對(duì)值為電源的內(nèi)阻r第三部分 技能+方法一、電流微觀表達(dá)式的應(yīng)用1.定義式中q的物理意義(1)q是某段時(shí)間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電量.若是金屬導(dǎo)體導(dǎo)電,則q為自由電子通過某截面的電量的總和.若是電解質(zhì)導(dǎo)電,則異種電荷反向通過某截面,q=|q1|+|q2|.(2)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)可形成等效電流,如電子繞原子核的運(yùn)動(dòng),帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng),此時(shí),q為帶電粒子的電量,T為周期.如圖,自由電荷電荷量為q,單位體積電荷數(shù)為n,定向移動(dòng)速度為v,導(dǎo)體橫截面積為S,則二 、對(duì)電阻定律、歐姆定律的理解1.電阻與電阻率的區(qū)別(1)電阻是反映導(dǎo)體對(duì)電流阻礙作用大小的物理量.電阻率是反映制作導(dǎo)體的材料導(dǎo)電性能好壞的物理量.(2)導(dǎo)體電阻并不是只由電阻率決定,即電阻大,電阻率不一定大;電阻率小,電阻不一定小.2.定義式和決定式的比較三 電功與電熱的關(guān)系1.電功與電熱的比較2.電功率與熱功率的比較(1)在純電阻電路中,電功率等于熱功率,即。(2)在非純電阻電路中,電功率包含熱功率,為電功率,為熱功率,有P>P.四 、 電路動(dòng)態(tài)變化問題1.電路動(dòng)態(tài)變化問題的分析(1)程序法:電路結(jié)構(gòu)的變化R的變化R總的變化I總的變化U端的變化固定支路變化支路.(2)“串反并同”結(jié)論法所謂“串反”,即某一電阻增大時(shí),與它串聯(lián)或間接串聯(lián)的電阻中的電流、兩端電壓、電功率都將減小,反之則增大.所謂“并同”,即某一電阻增大時(shí),與它并聯(lián)或間接并聯(lián)的電阻中的電流、兩端電壓、電功率都將增大,反之則減小.(3)極限法:因變阻器滑片滑動(dòng)引起電路變化的問題,可將變阻器的滑片分別滑至兩個(gè)極端,讓電阻最大或電阻為零去討論.2.電源的輸出功率和電源的效率(1)輸出功率.根據(jù)閉合電路歐姆定律可以推出:當(dāng)R=r時(shí),電源的輸出功率最大,最大值當(dāng)R向接近r阻值的方向變化時(shí),P出增大,當(dāng)R向遠(yuǎn)離r阻值的方向變化時(shí),P出減小,如圖.(2)電源的效率:R越大,越大,當(dāng)R=r時(shí),P出最大,=50%.可見,輸出功率最大時(shí),電源的效率并不是最高.五、含電容器電路的分析與計(jì)算1.電路的簡(jiǎn)化:不分析電容器的充、放電過程時(shí),把電容器處的電路視為斷路,簡(jiǎn)化電路時(shí)可以去掉,求電荷量時(shí)再在相應(yīng)位置補(bǔ)上2.電路穩(wěn)定時(shí)電容器的處理方法:電路穩(wěn)定后,與電容器串聯(lián)的電路中沒有電流,同支路的電阻相當(dāng)于導(dǎo)線,即電阻不起降低電壓的作用,但電容器兩端可能出現(xiàn)電勢(shì)差3.電壓變化帶來的電容器帶電荷量的變化:電路中電流、電壓的變化可能會(huì)引起電容器的充、放電若電容器兩端電壓升高,電容器將充電;若電壓降低,電容器將通過與它連接的電路放電,可由QC·U計(jì)算電容器上電荷量的變化第四部分 基礎(chǔ)練+測(cè)一、單選題1用某種材料做成的電池,其路端電壓U和電流I的關(guān)系如圖中曲線a所示(電池電動(dòng)勢(shì)一定,內(nèi)阻可變),一電阻兩端電壓U和通過的電流I的關(guān)系如圖中直線b所示,當(dāng)用該電池只對(duì)該電阻供電時(shí),電池的內(nèi)阻為()A13B20C22D25【答案】 A【解析】【詳解】由圖象可知,該電源電阻供電時(shí),電阻兩端電壓為U=2V,流經(jīng)電源電流為:I=0.1A;由閉合電路歐姆定律得電源內(nèi)阻為:r=E-UI=3.3-20.1=13,故A正確,BCD錯(cuò)誤。2電動(dòng)機(jī)與小電珠串聯(lián)接人電路,電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí),小電珠的電阻為R1,兩端電壓為U1,流過的電流為I1;電動(dòng)機(jī)的內(nèi)電阻為R2,兩端電壓為U2,流過的電流為12。則AI1<I2BU1U2>R1R2CU1U2=R1R2DU1U2<R1R2【答案】 D【解析】【詳解】由題意可知I1=I2,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;因U2>I2R2,U1=I1R1,則U1U2<R1R2,選項(xiàng)BC錯(cuò)誤,D正確;故選D.3下列式子屬于比值定義物理量的是At=xvBa =FmCC=QUDI=UR【答案】 C【解析】【詳解】A物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與位移成正比,與速度成反比,則A不是比值定義的物理量;B加速度與合外力成正比,與質(zhì)量成反比,則B不是比值定義的物理量;C電容器的電容是由本身結(jié)構(gòu)決定的,與兩端的電壓U與所帶的電量Q無關(guān),但是可以用帶電量Q與電壓U 的比值來量度,則C采用的是比值定義法;D導(dǎo)體的電流與加在其兩端的電壓成正比,與導(dǎo)體的電阻成反比,則D不是比值定義的物理量;4如圖所示是一位同學(xué)制作的實(shí)驗(yàn)裝置:柔軟彈簧豎直懸掛,下端恰與銅片接觸。當(dāng)開關(guān)閉合后,彈簧時(shí)伸時(shí)縮,燈泡時(shí)明時(shí)暗。關(guān)于這個(gè)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象,下列說法中正確的是( )A彈簧收縮與銅片分離時(shí),通過燈泡的電流較小,燈泡暗淡B彈簧伸長(zhǎng)與銅片接觸時(shí),通過燈泡的電流較大,燈泡明亮C有電流通過彈簧時(shí),各匝環(huán)形電流互相吸引致使彈簧收縮D有電流通過彈簧時(shí),各匝環(huán)形電流互相排斥致使彈簧伸長(zhǎng)【答案】 C【解析】【詳解】AB由電路圖可知,彈簧收縮與銅片分離時(shí),通過燈泡的電流較大,燈泡明亮;彈簧伸長(zhǎng)與銅片接觸時(shí),通過燈泡的電流較小,燈泡暗淡,選項(xiàng)AB錯(cuò)誤;CD有電流通過彈簧時(shí),各匝環(huán)形電流是同向電流,則互相吸引致使彈簧收縮,選項(xiàng)C正確,D錯(cuò)誤。5如圖所示,水平的傳送帶上放一物體,物體下表面及傳送帶上表面均粗糙,導(dǎo)電性能良好的彈簧右端與物體及滑動(dòng)變阻器滑片相連,彈簧左端固定在墻壁上,不計(jì)滑片與滑動(dòng)變阻器線圈間的摩擦。某同學(xué)觀察到,當(dāng)傳送帶沿箭頭方向運(yùn)動(dòng)且速度大小為v時(shí),物體處于靜止?fàn)顟B(tài),則當(dāng)傳送帶逐漸加速到2v時(shí),下列說法正確的是A物體受到的摩擦力變大,燈泡的亮度變亮B物體受到的摩擦力變小,燈泡的亮度變暗C物體受到的摩擦力不變,燈泡的亮度不變D物體受到的摩擦力不變,燈泡的亮度變亮【答案】 C【解析】【詳解】因摩擦力大小只與壓力大小及接觸面的粗糙程度有關(guān)與物體的相對(duì)運(yùn)動(dòng)速度無關(guān),故物體所受摩擦力不變;由于傳送帶運(yùn)動(dòng)且速度為v時(shí),物體與傳送帶發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),故物體受到的摩擦力和彈簧彈力是一對(duì)平衡力;當(dāng)傳送帶逐漸加速到2v時(shí),因物體所受摩擦力不變,則物體仍處于平衡狀態(tài),故物體的位置將不發(fā)生變化,與滑動(dòng)變阻器保持相對(duì)靜止,滑動(dòng)變阻器接入電阻不變,則由歐姆定律可得電路中電流不變,燈泡的亮度不變。故選C。6如圖所示的電路中,兩個(gè)完全相同的燈泡都正常發(fā)光,現(xiàn)發(fā)現(xiàn)B燈比原來更亮了,則電路可能的故障為AR1短路 BR2斷路CR3斷路 D燈A斷路【答案】 C【解析】【分析】首先明確電路中各用電器的連接關(guān)系:燈泡A和電阻R2、燈泡B和電阻R3先并聯(lián)再串聯(lián),最后與電阻R1并聯(lián);燈泡變亮,說明實(shí)際功率增大了,具體故障可將每選項(xiàng)逐一代入題目檢查是否符合題意,從而確定正確選項(xiàng)?!驹斀狻?jī)蓚€(gè)完全相同的燈泡正常發(fā)光可知R2=R3,且燈A和R2并聯(lián)后與B和R3并聯(lián)電路串聯(lián),若R1短路,A、B兩燈都不亮,若R2或燈A斷路,則A與R2并聯(lián)部分電阻變大,由串并聯(lián)規(guī)律可知燈B變暗,故C正確。故應(yīng)選:C?!军c(diǎn)睛】此題屬混聯(lián)電路的故障問題解決的關(guān)鍵是在明確電路連接關(guān)系的前提下采用“排除法”將每一選項(xiàng)逐一代入題干,檢查是否符合題意,最終確定正確選項(xiàng)。7一只電流表的滿偏電流Ig=2mA,內(nèi)阻Rg=500,把它改裝成量程為03V的電壓表,下列說法中正確的是()A需串聯(lián)一個(gè)1500的電阻 B需串聯(lián)一個(gè)1000的電阻C需并聯(lián)一個(gè)1000的電阻 D改裝后,電壓表的內(nèi)阻為1000【答案】 B【解析】把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)一個(gè)分壓電阻,串聯(lián)電阻阻值為:R=UIg-Rg=30.002-500=1000;故選B.點(diǎn)睛:把小量程改裝成電流表要并聯(lián)一個(gè)分流電阻,把電流表改裝成電壓表,應(yīng)串聯(lián)一個(gè)分壓電阻,應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出電阻阻值8市面上出現(xiàn)“充電五分鐘通話兩小時(shí)”的手機(jī)電源,源于其使用 VOOC 閃充新技術(shù)。VOOC 閃充標(biāo)配的 micro USB 充電線接口為 7 針,而常規(guī)的 micro USB 充電線接口為 5 針,它標(biāo)配的電池為 8 個(gè)金屬觸點(diǎn),而常規(guī)電池通常為4-5個(gè)觸點(diǎn),與常規(guī)的 micro USB 充電線、電池相比,加觸點(diǎn)的作用是為了()A增大充電電壓 B增大電池的容量C增大充電電流 D增大充電電阻【答案】 C【解析】【分析】根據(jù)題目的信息:閃充新技術(shù),且8個(gè)金屬觸點(diǎn),而常規(guī)電池通常為4-5個(gè)觸點(diǎn),進(jìn)而可判定,增加觸點(diǎn)的作用。【詳解】由題目:閃充新技術(shù),標(biāo)配的電池為8個(gè)金屬觸點(diǎn),而常規(guī)電池通常為4-5個(gè)觸點(diǎn),可知,與常規(guī)的microUSB充電線、電池相比,觸點(diǎn)增加;電池不變,則不可能增加充電電壓,也沒有改變電池的容量,及電阻,只可能增大充電的電流,使其快速充滿電,故C正確,ABD錯(cuò)誤;故選C?!军c(diǎn)睛】考查閃充新技術(shù)的原理,掌握解決信息題的方法,注意只增加觸點(diǎn),沒改變電池,是解題的關(guān)鍵點(diǎn)。9如圖所示,A、B是兩塊水平放置的平行金屬板,一帶電小球垂直于電場(chǎng)線方向射入板間,小球?qū)⑾駻極板偏轉(zhuǎn),為了使小球沿射入方向做直線運(yùn)動(dòng),可采用的方法是A將帶正電的小球改為帶負(fù)電B將變阻器滑片P適當(dāng)向左滑動(dòng)C適當(dāng)增大小球所帶電量D將極板間距適當(dāng)增大【答案】 D【解析】一帶電小球垂直于電場(chǎng)線方向射入極板區(qū)域后,偏向A極板,則小球所受電場(chǎng)力向上且電場(chǎng)力大于重力,小球原來就帶負(fù)電,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;將變阻器滑片P適當(dāng)向左滑動(dòng),滑動(dòng)變阻器接入電路電阻變小,電路中總電阻減小,電路中電流增大,R兩端電壓增大,電容器兩端電壓增大,板間場(chǎng)強(qiáng)增大,電場(chǎng)力增大,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;適當(dāng)增大小球所帶電量,小球所受電場(chǎng)力增大,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;將極板間距適當(dāng)增大,板間場(chǎng)強(qiáng)減小,小球所受電場(chǎng)力減小,選項(xiàng)D正確。故選D.10如圖所示,用相同導(dǎo)線繞成的兩個(gè)單匝線圈a、b的半徑號(hào)分別為r和2r,圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)B的邊緣恰好與a線圈重合,若磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大,開始時(shí)的磁感應(yīng)強(qiáng)度不為0,則()A任意時(shí)刻,穿過a、b兩線圈的磁通量之比均為1:4B兩線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)之比為1:2C通過a、b兩線圈中電荷量之比為2:1D相同時(shí)間內(nèi)a、b兩線圈產(chǎn)生的熱量之比為4: 1【答案】 C【解析】任意時(shí)刻,穿過a、b兩線圈的磁感線條數(shù),磁通量相等,磁通量之比為1:1故A錯(cuò)誤根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得:E=BtS,S=r2,則S相等,Bt也相等,所以感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)相等,感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)之比為1:1,故B錯(cuò)誤線圈a、b的半徑分別為r和2r,周長(zhǎng)之比為1:2,電阻之比為1:2,根據(jù)歐姆定律知 I=ER,得a、b兩線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流之比為2:1故C正確根據(jù)焦耳定律得 Q=E2Rt,得相同時(shí)間內(nèi)a、b兩線圈產(chǎn)生的熱量之比為2:1,故D錯(cuò)誤故選C.點(diǎn)睛:解決本題時(shí)要注意在公式=BS和法拉第電磁感應(yīng)定律中,S為有效面積,能熟練運(yùn)用比例法研究這類問題二、多選題11如圖所示,電阻R1=20,電動(dòng)機(jī)的繞組R2=10當(dāng)開關(guān)打開時(shí),電流表的示數(shù)是0.5A,當(dāng)開關(guān)合上后,電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)起來,電路兩端的電壓不變,電流表的示數(shù)I和電路消耗的電功率P應(yīng)是()AI=1.5ABI<1.5ACP=15WDP<15W【答案】 BD【解析】【詳解】當(dāng)電鍵S斷開時(shí),由歐姆定律得,U=I1R1=10V當(dāng)電鍵S閉合后,通過R1的電流仍為0.5A,電動(dòng)機(jī)的電流I2<UR2=1A,故電流表的電流I1.5A,電路中電功率P=UI15W。故BD正確,AC錯(cuò)誤。12檢測(cè)煤氣管道是否漏氣通常使用氣敏電阻傳感器。某氣敏電阻的阻值隨空氣中煤氣濃度增大而減小,某同學(xué)用該氣敏電阻R1設(shè)計(jì)了圖示電路,R為變阻器,a、b間接報(bào)警裝置。當(dāng)a、b間電壓高于某臨界值時(shí),裝置將發(fā)出警報(bào)。則()A煤氣濃度越高,a、b間電壓越高B煤氣濃度越高,流過R1的電流越小C煤氣濃度越低,電源的功率越大D調(diào)整變阻器R的阻值會(huì)影響報(bào)警裝置的靈敏度【答案】 AD【解析】【詳解】煤氣濃度越高氣敏電阻R1阻值越小,電路總電阻越小,由閉合電路歐姆定律可知,電路電流I越大,電阻兩端電壓UIR變大,即a、b間電壓越高,故A正確,B錯(cuò)誤;煤氣濃度越大,氣敏電阻R1越大,電路總電阻越大,電路電流I越小,電源功率PEI越小,故C錯(cuò)誤;調(diào)整變阻器R的阻值會(huì)改變煤氣濃度一定時(shí)a、b間的電壓,回影響報(bào)警器的靈敏度,故D正確。13如圖所示,電路中電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)電阻為r,定值電阻的阻值為R0,變阻器的全阻值為R,關(guān)于各部分的功率,有關(guān)說法正確的是()A當(dāng)R=R0+r,R上消耗的功率達(dá)到最大值B當(dāng)R=R0+r,R0上消耗的功率達(dá)到最大值C當(dāng)R+R0=r,電源的輸出功率達(dá)到最大值D當(dāng)R0=R+r,R0上消耗的功率達(dá)到最大值【答案】 AC【解析】【詳解】要使R上消耗的功率達(dá)到最大值,則可將R0與電源看成一個(gè)新電源。則當(dāng)R=R0+r時(shí)電源輸出功率最大,也就是R消耗的功率最大,故A正確;要使R0上消耗的功率達(dá)到最大值,則需要通過的電流最大,所以當(dāng)R=0時(shí),R0上消耗的功率達(dá)到最大值,故BD錯(cuò)誤;當(dāng)內(nèi)阻與外阻阻值相等時(shí)電源輸出功率最大,所以當(dāng)R+R0=r時(shí),則電源的輸出功率達(dá)到最大值,故C正確。所以AC正確,BD錯(cuò)誤。14用兩個(gè)相同的小量程電流表,分別改裝成了兩個(gè)量程不同的大量程電流表A1、A2,若把A1、A2分別采用并聯(lián)或串聯(lián)的方式接入電路,如圖所示,則閉合電鍵后,下列有關(guān)電表的示數(shù)和電表指針偏轉(zhuǎn)角度的說法正確的是()A圖甲中的A1、A2的示數(shù)不同B圖甲中的A1、A2的指針偏角相同C圖乙中的A1、A2的示數(shù)和偏角都不同D圖乙中的A1、A2的指針示數(shù)相同【答案】 ABD【解析】【分析】電流表A1、A2是由兩個(gè)相同的小量程電流表改裝成的,它們并聯(lián)時(shí),表頭的電壓相等,電流相等,指針偏轉(zhuǎn)的角度相同,量程大的電流表讀數(shù)大當(dāng)它們串聯(lián)時(shí),A1、A2的示數(shù)相同由于量程不同,內(nèi)阻不同,兩電表兩端的電壓不同,流過表頭的電流不同,指針偏轉(zhuǎn)的角度不同【詳解】圖甲中的A1、A2并聯(lián),表頭的電壓相等,電流相等,指針偏轉(zhuǎn)的角度相同,量程不同的電流表讀數(shù)不同。故A B正確。圖乙中的A1、A2串聯(lián),A1、A2的示數(shù)相同。由于量程不同,內(nèi)阻不同,電表兩端的電壓不同,流過表頭的電流不同,指針偏轉(zhuǎn)的角度不同。故C錯(cuò)誤,D正確。故選ABD。15在如圖電路中,電源電動(dòng)勢(shì)為 E,內(nèi)阻為r,當(dāng)變阻器 R3的滑動(dòng)頭 P 向 b 端移動(dòng)時(shí),下列判斷正確的是A電壓表示數(shù)變小 B電流表示數(shù)變大C流過電阻 R1的電流不變 D電阻 R2的功率變大【答案】 AB【解析】【分析】先分析變阻器接入電路的電阻的變化,確定外電路總電阻的變化,即可判斷電壓表示數(shù)的變化和總電流的變化,根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點(diǎn)判斷并聯(lián)部分電壓的變化,判斷出R2中電流的變化,從而判斷出電流表示數(shù)的變化【詳解】當(dāng)變阻器R3的滑動(dòng)頭P向b端移動(dòng)時(shí),R3,外電路總電阻R總,路端電壓減小,總電流I總,則電壓表示數(shù)變小,通過電阻R1的電流IR1。根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知,并聯(lián)部分的電壓U并,通過電阻R2的電流IR2因?yàn)镮總=IA+IR2,所以電流表示數(shù)IA變大。由于電阻R2的電流IR2,則電阻R2的功率變小。故AB正確,CD錯(cuò)誤。故選AB。【點(diǎn)睛】本題是簡(jiǎn)單的電路動(dòng)態(tài)分析問題,關(guān)鍵要分析出變阻器接入電路的電阻變化,即可根據(jù)閉合電路歐姆定律分析兩電表讀數(shù)的變化16下面說法正確的是A在直流電源的外電路上,電流的方向是從電源正極流向負(fù)極B伽利略開創(chuàng)了運(yùn)用邏輯推理和實(shí)驗(yàn)相結(jié)合進(jìn)行科學(xué)研究的方法C元電荷就是帶電量為1C的點(diǎn)電荷D電流的速度就是自由電荷在電路中定向移動(dòng)的速度【答案】 AB【解析】【分析】電流方向與正電荷的移動(dòng)方向一致,與負(fù)電荷的方向相反,在外電路上電流由電源的正極流向負(fù)極;元電荷是電荷量的單位,是指自然界中已知的電荷的最小單元;伽利略開創(chuàng)了運(yùn)用邏輯推理和實(shí)驗(yàn)相結(jié)合進(jìn)行科學(xué)研究的方法;電流速度等于光速,而電子移動(dòng)的平均速率很小【詳解】正電荷定向移動(dòng)的方向是電流的方向,與負(fù)電荷的方向相反,在外電路上電流由電源的正極流向負(fù)極,A正確;伽利略開創(chuàng)了運(yùn)用邏輯推理和實(shí)驗(yàn)相結(jié)合進(jìn)行科學(xué)研究的方法,B正確;元電荷是表示跟電子或質(zhì)子所帶電量數(shù)值相等的電量,是最小電荷量,為e=1.6×10-19C,C錯(cuò)誤;電流速度等于光速,而電子移動(dòng)的平均速率很小,所以電荷定向移動(dòng)的速度并不是電流的速度,D錯(cuò)誤17如圖所示,R1、R2為定值電阻,L為小燈泡,R3為光敏電阻,當(dāng)照射光強(qiáng)度增大時(shí)()A電壓表的示數(shù)增大BR2中電流增大C小燈泡的功率增大D電路的路端電壓增大【答案】 AC【解析】【分析】當(dāng)照射光強(qiáng)度增大時(shí),R3變小,分析電路中總電阻的變化,則由閉合電路歐姆定律可得出電路中電流的變化,由歐姆定律可得出電壓表示數(shù)的變化;同時(shí)還可得出路端電壓的變化;由串聯(lián)電路的規(guī)律可得出并聯(lián)部分電壓的變化,再由并聯(lián)電路的規(guī)律可得出通過小燈泡的電流的變化,由功率公式即可得出燈泡功率的變化?!驹斀狻緼項(xiàng):當(dāng)光照增強(qiáng)時(shí),光敏電阻的阻值減小,R3變小,外電路總電阻減小,則電路中的總電阻減小,由閉合電路歐姆定律可得,電路中總電流增大,故R1兩端的電壓增大,即電壓表的示數(shù)增大,故A正確;B、D項(xiàng):因電路中總電流增大,電源的內(nèi)電壓增大,路端電壓減小,同時(shí)R1兩端的電壓增大,故并聯(lián)電路部分電壓減小,則流過R2的電流減小,故B、D錯(cuò)誤;C項(xiàng):由并聯(lián)電路電壓增大,可知流過燈泡的電流一定增大,故由P=I2R可知,小燈泡消耗的功率增大,故C正確。故選:AC?!军c(diǎn)睛】閉合電路的動(dòng)態(tài)分析問題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進(jìn)行;分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)壓,而外電路較為復(fù)雜,要注意靈活應(yīng)用電路的性質(zhì)。18圖為某手機(jī)電池的銘牌,第一行標(biāo)有“3.8V 3000mAh(11.4Wh)”。對(duì)該銘牌參數(shù)的分析,下列說法中正確的是A銘牌中的Wh是能量的單位B銘牌中的mAh是功率的單位C該電池放電時(shí)輸出的總能量約為11.4JD該電池放電時(shí)輸出的總電荷量約為1.08×104C【答案】 AD【解析】【分析】該電池的銘牌中3.8V為電池的電動(dòng)勢(shì),11.4Wh指電池存儲(chǔ)的電能3000mAh是存儲(chǔ)的電量.【詳解】由公式W=Pt可知,銘牌中Wh是能量單位,故A正確;由公式q=It可知,銘牌中mAh為電荷量單位,故B錯(cuò)誤;該電池輸出的總能量E=Pt=11.4W×3600S=4.104×104J,故C錯(cuò)誤;該電池放電是輸出的總電荷量約為q=It=3000×10-3×3600C=1.08×104C,故D正確;故選AD?!军c(diǎn)睛】題考查電池的銘牌,結(jié)合生活考查有關(guān)電路的物理知識(shí),解題的關(guān)鍵是根據(jù)各物理量的單位判斷各物理量19如圖所示,電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r一定,R1是定值電阻,R2是光敏電阻(光敏電阻被光照射時(shí)阻值變小),L是小燈泡。當(dāng)照射到R2的光照強(qiáng)度減弱時(shí),以下分析正確的是A電流表示數(shù)減小 B電壓表示數(shù)不變C燈泡亮度變暗 D電源效率降低【答案】 AC【解析】【詳解】當(dāng)照射到R2的光照強(qiáng)度減弱時(shí),光敏電阻的阻值增大,由“串反并同”可知,流過燈泡的電流變小,即燈泡變暗;電流表的示數(shù)變小,電壓表的示數(shù)變大,由公式=UIEI=UE,由于電壓表的示數(shù)變大,即U變大,所以電源效率變大,故AC正確,BD錯(cuò)誤。故應(yīng)選AC。20原子中的電子繞原子核的圓周運(yùn)動(dòng)可以等效為環(huán)形電流設(shè)氫原子的電子以速率v在半徑為r的圓周軌道上繞核轉(zhuǎn)動(dòng),周期為T已知電子的電荷量為e、質(zhì)量為m,靜電力常量為k,則其等效電流大小為()AeT Bev2r Ce2rkmr De22rkmr【答案】 ABD【解析】【詳解】根據(jù)電流的定義式可得等效電流為:I=qt=eT,故A正確;電子運(yùn)動(dòng)的周期表達(dá)式為:T=2rv,根據(jù)電流的定義式可得等效電流為:I=qt=ev2r,故B正確;原子中的電子繞原子核的圓周運(yùn)動(dòng)可以等效為環(huán)形電流,氫原子的電子以速率v,根據(jù)庫侖力提供向心力:ke2r2=m42rT2,解得:T=2rermk,形成的電流為:I=eT=e22rkmr,故D正確,C錯(cuò)誤。所以ABD正確,C錯(cuò)誤。三、解答題21微型吸塵器的直流電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻一定,當(dāng)加上0.4V的電壓時(shí),通過的電流為0.4A,此時(shí)電機(jī)不轉(zhuǎn)當(dāng)加在電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為2.5V時(shí),電流為0.8A,這時(shí)電動(dòng)機(jī)正常工作則吸塵器的機(jī)械功率為多少?【答案】 1.36W【解析】【分析】電機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí),其電路是純電阻電路,由歐姆定律求出其電阻當(dāng)電機(jī)正常工作時(shí),根據(jù)能量守恒定律求出電機(jī)輸出的功率。【詳解】當(dāng)電機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí),由歐姆定律得電機(jī)的電阻為:R=UI=0.40.4=1當(dāng)電機(jī)正常工作時(shí),電機(jī)的發(fā)熱功率為:P熱=I22R=0.82×1W=0.64W電機(jī)輸出的功率為:P出=U2I2-P熱=2.5×0.8-0.64=1.36W【點(diǎn)睛】對(duì)于電動(dòng)機(jī),不轉(zhuǎn)時(shí),其電路是純電阻電路,歐姆定律成立;當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí),其電路是非純電阻電路,歐姆定律不成立。22如圖所示,分壓電路的輸入端電壓為U=6 V,電燈L上標(biāo)有“4V、4W”,滑動(dòng)變阻器的總電阻Rab=13.5 ,求當(dāng)電燈正常發(fā)光時(shí),滑動(dòng)變阻器消耗的總功率.【答案】 4W【解析】【分析】滑動(dòng)變阻器滑片以下部分與燈泡L并聯(lián)后與滑片上部分串聯(lián);根據(jù)串并聯(lián)電路電壓與電流的特點(diǎn)求解各個(gè)部分的電壓和電流,然后求解R上總的功率?!驹斀狻扛鶕?jù)P=UI,可得:L=PLUL=44A=1A,設(shè)與L并聯(lián)的電阻為Rx,則R的上半部分電阻:R=13.5-Rx,電流強(qiáng)度I=UU'=213.5-Rx=4Rx即Rx2-7.5 Rx-54=0,解得:Rx=12則R=1.5R上功率P1=U'2R'=221.5W=2.67WRx上功率P2=UL2Rx=4212W=1.33WR上消耗功率P=P1+P2=2.67W+1.33W=4W【點(diǎn)睛】本題主要是先理清電路的結(jié)構(gòu),然后根據(jù)串并聯(lián)電路特點(diǎn)求解各個(gè)部分的電壓、電流以及電功率。23(題文)如圖所示的電解槽中,如果在4 s內(nèi)各有8 C的正、負(fù)電荷通過面積為0.8 m2的橫截面AB,那么:(1)指出正、負(fù)離子定向移動(dòng)的方向;(2)電解槽中的電流方向如何?(3)4 s內(nèi)通過橫截面AB的電荷量為多少?(4)電解槽中的電流為多大?【答案】 (1)正離子向右運(yùn)動(dòng),負(fù)離子向左運(yùn)動(dòng);(2) 向右;(3)16 C;(4)4 A【解析】(1)電源與電解槽中的兩極相連后,左側(cè)電極電勢(shì)高于右側(cè)電極,由于在電極之間建立電場(chǎng),電場(chǎng)方向由左指向右,故正離子向右移動(dòng),負(fù)離子向左移動(dòng)(2)正電荷定向移動(dòng)的方向?yàn)殡娏鞣较颍瑒t電解槽中的電流方向向右。(3)通過橫截面AB的電荷量為通過橫截面AB的正、負(fù)電荷電量的和,所以4s內(nèi)通過橫截面AB的電荷量是8C+8C=16C(4)由電流強(qiáng)度的定義I=qt=164A=4A;點(diǎn)睛:本題考查電流的定義,要注意明確在電解質(zhì)導(dǎo)電時(shí),流過截面的電量為正負(fù)電荷電量絕對(duì)值的和24無線充電技術(shù)已經(jīng)廣泛應(yīng)用于日常生活中,圖甲是手機(jī)無線充電原理圖,經(jīng)簡(jiǎn)化后如圖乙所示設(shè)線圈處于平行于線圈軸線的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化規(guī)律如圖丙所示(設(shè)磁場(chǎng)方向垂直紙面向里為正方向),虛線框內(nèi)是整流電路,其作用是使流過電流表的電流方向始終向右,其他影響忽略不計(jì)已知線圈匝數(shù)n=100匝,線圈面積S=1×10-3m2,電流表示數(shù)為1A,充電電池內(nèi)阻r=0.5,充電電池容量為2000mAh(1mAh=3.6C),設(shè)充電過程中電流恒定,充電前電池電量為零求:(1)在0至0.5×10-2s時(shí)間內(nèi),線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小以及線圈中感應(yīng)電流的方向;(2)充電電池的發(fā)熱功率;(3)將充電電池電量充滿需要多長(zhǎng)時(shí)間【答案】 (1)順時(shí)針方向(2)(3)【解析】(1)由公式由楞次定律可知,線圈中感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向(2)由公式 P=I2r得發(fā)熱功率P=0.5W(3)由公式I=Q/t得25電流天平可以用來測(cè)量勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。測(cè)量前天平已調(diào)至平衡,測(cè)量時(shí),在左邊托盤中放入質(zhì)量m1=15.0g的砝碼,右邊托盤中不放砝碼,將一個(gè)質(zhì)m0=10.0g,匝數(shù)n=10,下邊長(zhǎng)l=10.0cm的矩形線圈掛在右邊托盤的底部,再將此矩形線圈的下部分放在待測(cè)磁場(chǎng)中,如圖18甲所示,線圈的兩頭連在如圖乙所示的電路中,不計(jì)連接導(dǎo)線對(duì)線圈的作用力,電源電動(dòng)勢(shì)E=1.5V,內(nèi)阻r=1.0。開關(guān)S閉合后,調(diào)節(jié)可變電阻使理想電壓表示數(shù)U=1.4V時(shí),R1=10,此時(shí)天平正好平衡。g=10m/s2,求:(1)線圈下邊所受安培力的大小F,以及線圈中電流的方向;(2)矩形線圈的電阻R;(3)該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小?!敬鸢浮?(1)0.05N,順時(shí)針(2)R=4(3)0.5T【解析】(1)天平兩側(cè)平衡,因此有 m1g= m0g+F可得:F= m1g-m0g=0.05NF的方向豎直向下,根據(jù)左手定則可判斷出線框電流方向?yàn)轫槙r(shí)針(2)線圈中電流的大小為:I=(E-U)/r=0.1A根據(jù)電路規(guī)律:U=I(R1+R)聯(lián)立兩式可得:R=4(3)矩形線圈下邊所受安培力為:F=nBIl將數(shù)值代入可得: B=F/nIl=0.5T26導(dǎo)線中的電流是1 A,導(dǎo)線的橫截面積為1 mm2。(1)在1 s 內(nèi),有多少個(gè)電子通過導(dǎo)線的橫截面(電子電荷量e=1.6×1019C)(2)自由電子的平均定向移動(dòng)速率是多大(設(shè)導(dǎo)體每立方米內(nèi)有8.5 ×1028個(gè)自由電子)(3)自由電子沿導(dǎo)線移動(dòng)1 m,平均要多少時(shí)間?【答案】 (1)6.25×1018 (2)7.4×105 m/s (3)3.8 h【解析】【詳解】(1)1s內(nèi),通過導(dǎo)體截面的電子數(shù)為N=qe=Ite=1×11.6×10-19=6.25×1018個(gè)(2)根據(jù)電流的微觀表達(dá)式I=nqsv得v=Inqs=7.35×10-5m/s(3)據(jù)電子定向勻速移動(dòng)s=vt得傳播1m所需時(shí)間為t=sv=17.35×10-53.78h【點(diǎn)睛】靈活應(yīng)用I=qt、I=nqsv、s=r2和s=vt公式是解題的關(guān)鍵27一臺(tái)小型電動(dòng)機(jī)在3V電壓下工作,用此電動(dòng)機(jī)提升所受重力為4 N的物體時(shí),通過它的電流是0.2A在30s內(nèi)可使該物體被勻速提升3m若不計(jì)除電動(dòng)機(jī)線圈生熱之外的能量損失,求:(1)電動(dòng)機(jī)的輸入功率;(2)在提升重物的30s內(nèi),電動(dòng)機(jī)線圈所產(chǎn)生的熱量;(3)線圈的電阻【答案】 (1)0.6(2)6(3)5【解析】(1)電動(dòng)機(jī)的輸入功率P入U(xiǎn)I0.2×3 W0.6 W.(2)電動(dòng)機(jī)提升重物的機(jī)械功率P機(jī)Fv(4×3/30) W0.4 W.根據(jù)能量關(guān)系P入P機(jī)PQ,得生熱的功率PQP入P機(jī)(0.60.4) W0.2 W.所生熱量QPQt0.2×30 J6 J.(3)根據(jù)焦耳定律QI2Rt,得線圈電阻RQl2t60.22×305 .28如圖所示,兩根半徑為r=0.5m的14圓弧軌道,間距為L(zhǎng)=1m,其頂端a、b與圓心處等高,軌道光滑且電阻不計(jì),在其上端連有一阻值為R=2的電阻,整個(gè)裝置處于輻向磁場(chǎng)中,圓弧軌道所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B=1T將一根長(zhǎng)度稍大于L,質(zhì)量為m=1kg、電阻為R0=1的金屬棒從軌道頂端ab處由靜止釋放。已知當(dāng)金屬棒到達(dá)如圖所示的cd位置(金屬棒與軌道圓心連線和水平面夾角為=60°)時(shí),金屬棒的速度達(dá)到最大;當(dāng)金屬棒到達(dá)軌道底端ef時(shí),對(duì)軌道的壓力為1.5mg。求:(1)當(dāng)金屬棒的速度最大時(shí),流經(jīng)電阻R的電流大小和方向;(2)金屬棒滑到軌道底端的整個(gè)過程中流經(jīng)電阻R的電量;(3)金屬棒滑到軌道底端的整個(gè)過程中電阻R上產(chǎn)生的熱量。(g=10m/s2)【答案】 (1)ImgcosBL,方向?yàn)閍Rb (2)q=BLr2(R+R0) (3)QR3mgRr4(R+R0)【解析】(1)金屬棒速度最大時(shí),在軌道的切線方向所受的合力為零,則有:mgcos=BIL解得I=mgcosBL=2A流經(jīng)R的電流方向是aRb(2)金屬棒滑到底端的過程中,穿過回路的磁通量的變化量為:=BS=BLr2=BLr2平均電動(dòng)勢(shì):E=t平均電流I=ER+R0則流經(jīng)R的電量:q=It=R+R0=BLr2(R+R0)=0.1解得整個(gè)回路的總電阻R+R0=2.5(3)在軌道最低點(diǎn),由牛頓第二定律可得:N-mg=mv2r由能量關(guān)系:Q=mgr-12mv2電阻R上的發(fā)熱量:QR=RR+R0Q=1.2J解得R=2 R0=0.5點(diǎn)睛:解決本題的關(guān)鍵是明確金屬棒是垂直切割磁感線的,與平直軌道上運(yùn)動(dòng)情況相似,注意電量與磁通量的變化量有關(guān),熱量往往根據(jù)能量守恒求解29如圖所示,光滑導(dǎo)軌MN和PQ固定在同一水平面上,兩導(dǎo)軌間距為L(zhǎng),兩端分別接有阻值均為R的定值電阻R1和R2兩導(dǎo)軌間有一邊長(zhǎng)為的正方形區(qū)域abcd,該區(qū)域內(nèi)有方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B一質(zhì)量為m的金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好并靜止于ab處,現(xiàn)用一恒力F沿水平方向拉桿,使之由靜止起向右運(yùn)動(dòng),若桿出磁場(chǎng)前已做勻速運(yùn)動(dòng),不計(jì)導(dǎo)軌及金屬桿的電阻求:(1)金屬桿出磁場(chǎng)前的瞬間流過R1的電流大小和方向;(2)金屬桿做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速率;(3)金屬桿穿過整個(gè)磁場(chǎng)過程中R1上產(chǎn)生的電熱【答案】 (1)金屬桿出磁場(chǎng)前的瞬間流過的電流大小為,方向從M到P;(2)金屬桿做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速率是;(3)金屬桿穿過整個(gè)磁場(chǎng)過程中上產(chǎn)生的電熱是【解析】試題分析:(1)桿出磁場(chǎng)前已做勻速運(yùn)動(dòng),恒力F與安培力平衡,由安培力公式F=BIL和平衡條件求解;(2)桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=Bv,又根據(jù)閉合歐姆定律得到E=I,聯(lián)立可求得速度v;(3)金屬桿穿過整個(gè)磁場(chǎng)過程中,F(xiàn)做功為F,桿獲得的動(dòng)能為,根據(jù)能量守恒定律求解回路中產(chǎn)生的總熱量,根據(jù)兩個(gè)電阻并聯(lián)求解上產(chǎn)生的電熱解:(1)設(shè)流過金屬桿中的電流為I,由平衡條件得:F=BI解得,I=因=,所以流過的電流大小為I1=根據(jù)右手定則判斷可知,電流方向從M到P(2)設(shè)桿做勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v,由法拉第電磁感應(yīng)定律得:桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為 E=Bv又根據(jù)閉合歐姆定律得到E=I,可解得v=(3)設(shè)整個(gè)過程電路中產(chǎn)生的總電熱為Q,根據(jù)能量守恒定律得:Q=F代入v可得Q=Q1=Q=答:(1)金屬桿出磁場(chǎng)前的瞬間流過的電流大小為,方向從M到P;(2)金屬桿做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速率是;(3)金屬桿穿過整個(gè)磁場(chǎng)過程中上產(chǎn)生的電熱是【點(diǎn)評(píng)】本題是電磁感應(yīng)中電路問題,掌握安培力公式、閉合電路歐姆定律、法拉第電磁感應(yīng)定律是基礎(chǔ)30如圖所示的電路中,電源電動(dòng)勢(shì)E9V,內(nèi)阻r2,定值電阻R16,R210,R36,電容器的電容C10F。(1)保持開關(guān)S1、S2閉合,求電容器C所帶的電荷量;(2)保持開關(guān)S1閉合,將開關(guān)S2斷開,求斷開開關(guān)S2后流過電阻R2的電荷量?!敬鸢浮?(1)Q3×105 C (2)QR26×105C【解析】試題分析: (1)保持開關(guān)S1、S2閉合,電容器的電壓等于電阻R1的電壓電路的電流I=ER1+R2+r=23AR1兩端的電壓UR1=IR1=4V則電容器所帶的電荷量Q=CUR1=4×10-4C(2)保持開關(guān)S1閉合,將開關(guān)S2斷開后,電路穩(wěn)定時(shí)電容器上的電壓等于電源電動(dòng)勢(shì),此時(shí)電容器所帶的電荷量Q'=CE=12×10-4C而流過R2的電荷量等于電容器C上電荷量的增加量Q=Q'-Q=8×10-4C考點(diǎn):考查電容器;閉合電路的歐姆定律【名師點(diǎn)睛】本題考查了含容電路問題,知道電容器兩端的電壓等于與它并聯(lián)的支路電壓,與電容器串聯(lián)的電阻相當(dāng)于導(dǎo)線24

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