2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 全程訓(xùn)練計(jì)劃 課練23 直流電路（含解析）

直流電路小題狂練 小題是基礎(chǔ)練小題提分快1.2019·重慶市重慶一中摸底某興趣小組調(diào)查一條河流的水質(zhì)情況，通過(guò)計(jì)算結(jié)果表明，被污染的河里一分鐘內(nèi)有相當(dāng)于6 C的正離子和9 C的負(fù)離子向下游流去，則取樣時(shí)這條河流的等效電流大小和方向分別是()A0.25 A順流而下 B0.05 A順流而下C0.25 A逆流而上 D0.05 A逆流而上答案：D解析：若正、負(fù)離子移動(dòng)方向相反，則通過(guò)橫截面的總電荷量是兩種離子電荷量絕對(duì)值之和，若正、負(fù)離子向著同一個(gè)方向流動(dòng)，則通過(guò)橫截面的總電荷量等于正、負(fù)離子的電荷量的代數(shù)和，所以由題意可知，在1 min內(nèi)向下游通過(guò)橫截面的總電荷量應(yīng)為q6 C9 C3 C，所以電流I0.05 A，負(fù)號(hào)表示等效電流方向與河水的流動(dòng)方向相反，即電流的方向?yàn)槟媪鞫?，選項(xiàng)D正確22019·湖南省益陽(yáng)模擬(多選)一根粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)線，在其兩端加上電壓U0時(shí)，通過(guò)導(dǎo)線的電流為I0，導(dǎo)線中自由電子定向移動(dòng)的平均速率為v，若將導(dǎo)線均勻拉長(zhǎng)，使它的橫截面半徑變?yōu)樵瓉?lái)的，再給它兩端加上電壓2U0，則()A通過(guò)導(dǎo)線的電流為B通過(guò)導(dǎo)線的電流為C導(dǎo)線中自由電子定向移動(dòng)的平均速率為D導(dǎo)線中自由電子定向移動(dòng)的平均速率為答案：AD解析：將金屬導(dǎo)線均勻拉長(zhǎng)，因橫截面半徑變?yōu)樵瓉?lái)的一半，則橫截面積變?yōu)樵瓉?lái)的，其長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，根據(jù)電阻定律R分析可知，導(dǎo)線電阻變?yōu)樵瓉?lái)的16倍，又電壓變?yōu)?U0，根據(jù)歐姆定律I可知，電流變?yōu)?，A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)電流的微觀表達(dá)式InevS，其中n、e不變，電流變?yōu)樵瓉?lái)的，橫截面積變?yōu)樵瓉?lái)的，則自由電子定向移動(dòng)的平均速率變?yōu)椋珻項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確32019·天津市耀華中學(xué)檢測(cè)如圖所示，兩根橫截面積相同的不同材料制成的導(dǎo)線和，串聯(lián)后接入電路若導(dǎo)線上任意一點(diǎn)的電勢(shì)隨該點(diǎn)與a點(diǎn)距離x的變化關(guān)系如圖所示導(dǎo)線和的電阻率分別為1、2，電阻分別為R1、R2，則()A1<2，R1<R2 B1>2，R1<R2C1<2，R1>R2 D1>2，R1>R2答案：A解析：由UIR，R，根據(jù)導(dǎo)線上任意一點(diǎn)的電勢(shì)隨該點(diǎn)與a點(diǎn)距離x的變化關(guān)系圖線，可知1<2,2R1R2，A項(xiàng)正確42019·華南師大附中月考如圖所示，電阻R1、R2串聯(lián)在12 V的電路中，R16 k，R23 k.當(dāng)用電阻不是遠(yuǎn)大于R1和R2的電壓表03 V量程測(cè)量R2兩端的電壓時(shí)，電壓表的示數(shù)是3 V；當(dāng)用該電壓表015 V量程測(cè)量R1兩端的電壓時(shí)，電壓表的示數(shù)為()A9 V B8 VC7.5 V D6 V答案：C解析：設(shè)03 V量程的電壓表的內(nèi)阻為RV，依據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律有：R13×，解得RV6 k；根據(jù)電壓表的改裝原理可知015 V量程的電壓表的內(nèi)阻為RV30 k，所以當(dāng)用該電壓表015 V量程測(cè)量R1兩端的電壓時(shí)，電壓表與R1并聯(lián)的電阻為R并5 k，則電壓表的讀數(shù)為×12 V7.5 V，所以C項(xiàng)正確52019·江西省吉安一中檢測(cè)如圖所示的電路中，A1和A2為理想電流表，示數(shù)分別為I1和I2，R1：R2：R31：2：3；當(dāng)a、b兩點(diǎn)間加以恒定的電壓U后，下列結(jié)論正確的是()AI1：I23：4BI1：I24：9C將A1、A2換成理想電壓表，其示數(shù)之比為3：5D將A1、A2換成理想電壓表，其示數(shù)之比為1：1答案：C解析：電源接在a、b兩點(diǎn)時(shí)，電路圖如圖1所示，并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且干路電流等于各支路電流之和，則有，故A、B錯(cuò)誤；將A1、A2換成理想電壓表，如圖2所示成為串聯(lián)電路，UR1：UR2：UR31：2：3，故C正確，D錯(cuò)誤62019·河北省石家莊二中模擬如圖所示電路，已知R13 k，R22 k，R32 k，I10 mA，I16 mA，則a、b兩點(diǎn)電勢(shì)高低和通過(guò)R2中電流正確的是()Aa比b高，4 mA Ba比b高，2 mACa比b低，5 mA Da比b低，4 mA答案：C解析：設(shè)c點(diǎn)電勢(shì)為零，則電流通過(guò)R1的電壓降為|Uca|I1R118 V，即a點(diǎn)電勢(shì)為18 V，流過(guò)R3的電流I3II14 mA，同理可知，b點(diǎn)電勢(shì)為8 V；可見(jiàn)a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)低，通過(guò)R2的電流I25 mA，故選項(xiàng)C正確72019·山西省太原五中模擬某種金屬導(dǎo)體的UI圖象如圖所示，圖象上A點(diǎn)和原點(diǎn)的連線與橫軸成角，A點(diǎn)的切線與橫軸成角關(guān)于該導(dǎo)體的敘述，下列說(shuō)法中正確的是()A導(dǎo)體的電功率隨電壓U的增大而增大B導(dǎo)體的電功率與電壓U的平方成正比C在A點(diǎn)，導(dǎo)體的電阻為tanD在A點(diǎn)，導(dǎo)體的電阻為tan答案：A解析：由圖象知，U增大，電流I也增大，該導(dǎo)體的電功率在數(shù)值上等于橫、縱坐標(biāo)的乘積，則電功率增大，故A選項(xiàng)正確；由歐姆定律知，導(dǎo)體的電阻R，隨著U增大，I增大得越來(lái)越慢，故導(dǎo)體的電阻R隨U的增大而增大，由P知導(dǎo)體的電功率與電壓U的平方不成正比，故B選項(xiàng)錯(cuò)誤；在物理圖象中上，圖線的傾角與標(biāo)度的選取有關(guān)，不能用傾角的正切求電阻，所以C、D選項(xiàng)錯(cuò)誤82019·江西省新余一中模擬下列關(guān)于電動(dòng)勢(shì)的說(shuō)法正確的是()A電源的電動(dòng)勢(shì)跟電源內(nèi)非靜電力做的功成正比，跟通過(guò)的電荷量成反比B電動(dòng)勢(shì)的單位跟電壓的單位一致，所以電動(dòng)勢(shì)就是兩極間的電壓C非靜電力做的功越多，電動(dòng)勢(shì)就越大DE只是電動(dòng)勢(shì)的定義式而非決定式，電動(dòng)勢(shì)的大小是由電源內(nèi)非靜電力的特性決定的答案：D解析：電動(dòng)勢(shì)的定義式E中，E與W、q無(wú)關(guān)，E反映的是電源的屬性，由電源內(nèi)部非靜電力的特性決定，故A、C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確；電動(dòng)勢(shì)的單位雖然與電壓的單位相同，但兩者有本質(zhì)的區(qū)別，B項(xiàng)錯(cuò)誤92019·福建師大附中模擬如圖甲所示，電壓表V1、V2串聯(lián)接入電路中時(shí)，示數(shù)分別為6 V和4 V，當(dāng)只有電壓表V2接入電路中時(shí)，如圖乙所示，示數(shù)為9 V，電源的電動(dòng)勢(shì)為()A9.8 V B10 VC10.8 V D11.2 V答案：C解析：設(shè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻分別為E和r，電壓表V2的內(nèi)阻為R2，根據(jù)閉合電路歐姆定律，對(duì)題圖甲和題圖乙分別有：E6 V4 Vr，E9 Vr，解得E10.8 V故只有選項(xiàng)C正確10.2019·湖北省宜昌市夷陵中學(xué)檢測(cè)(多選)如圖所示的電路，由電源、電阻箱和電流表組成，電源電動(dòng)勢(shì)E4 V，內(nèi)阻r2 .電流表內(nèi)阻忽略不計(jì)，調(diào)節(jié)電阻箱，當(dāng)電阻箱讀數(shù)等于R1和R2時(shí)，電流表對(duì)應(yīng)的讀數(shù)分別為I1和I2，這兩種情況下電源的輸出功率相等下列說(shuō)法中正確的是()AI1I22 A BI1I22 ACR1 DR1答案：AD解析：根據(jù)閉合電路歐姆定律得：UEIr，輸出功率PUIEII2r，根據(jù)題述，EI1IrEI2Ir，整理得：I1I22 A，故A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤；電源的輸出功率PIR1IR2，且EI1(rR1)I2(rR2)，整理得：R1R24 2，故C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確112019·湖北省黃崗中學(xué)測(cè)試(多選)如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E3 V，小燈泡L標(biāo)有“2 V、0.4 W”，開(kāi)關(guān)S接1，當(dāng)滑動(dòng)變阻器調(diào)到R4 時(shí)，小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開(kāi)關(guān)S接2，小燈泡L和電動(dòng)機(jī)M均正常工作則()A電源內(nèi)阻為1 B電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為4 C電動(dòng)機(jī)的正常工作電壓為1 VD電源效率約為93.3%答案：AD解析：由小燈泡的額定功率PUI可知，I0.2 A，由歐姆定律得RL，可知小燈泡正常發(fā)光時(shí)電阻RL10 ，由閉合電路歐姆定律可知，I，解得r1 ，A項(xiàng)正確；接2時(shí)小燈泡正常發(fā)光，說(shuō)明電路中電流仍為0.2 A，故電動(dòng)機(jī)兩端電壓UEIRLIr0.8 V，電動(dòng)機(jī)為非純電阻用電器，故電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻不等于4 ，B、C項(xiàng)錯(cuò)誤；由PI2r，×100%，代入數(shù)據(jù)可得電源效率約93.3%，D項(xiàng)正確12.2019·河南省鄭州檢測(cè)(多選)如圖所示的電路中，電表均為理想電表，閉合開(kāi)關(guān)S，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)至某一位置，與移動(dòng)前相比，下列說(shuō)法正確的是()A電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大B小燈泡L變亮C電源的輸出功率一定變大D電容器所帶的電荷量減少答案：BD解析：閉合開(kāi)關(guān)，將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的阻值減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流增大，路端電壓減小，電流表讀數(shù)增大，小燈泡變亮，電壓表讀數(shù)減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；由于不知內(nèi)阻與滑動(dòng)變阻器接入電路中阻值的大小關(guān)系，故不能判斷出電源輸出功率的變化情況，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由于小燈泡中電流增大，小燈泡兩端電壓增大，而路端電壓減小，所以電容器兩極板之間的電壓一定減小，由C可知，電容器所帶的電荷量Q減少，選項(xiàng)D正確132019·四川省成都市樹(shù)德中學(xué)測(cè)試A、B兩塊正對(duì)的金屬板豎直放置，在金屬板A的內(nèi)側(cè)表面系一絕緣細(xì)線，細(xì)線下端系一帶電小球兩塊金屬板接在如圖所示的電路中電路中的R1為光敏電阻(其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減小)，R2為滑動(dòng)變阻器，R3為定值電阻當(dāng)R2的滑動(dòng)觸頭P在a端時(shí)閉合開(kāi)關(guān)S.此時(shí)理想電流表A和理想電壓表V的示數(shù)分別為I和U，帶電小球靜止時(shí)絕緣細(xì)線與金屬板A的夾角為，電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r一定則以下說(shuō)法正確的是()A若將R2的滑動(dòng)觸頭P向b端移動(dòng)，則I不變，U增大B保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用更強(qiáng)的光照射R1，則I增大，U增大C保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用更強(qiáng)的光照射R1，則小球重新達(dá)到穩(wěn)定后變大D保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用更強(qiáng)的光照射R1，則U的變化量的絕對(duì)值與I的變化量的絕對(duì)值的比值不變答案：D解析：將R2的滑動(dòng)觸頭P向b端移動(dòng)時(shí)，因?yàn)殡娙萜鞯碾娮锜o(wú)窮大，所以I不變，U不變，即A項(xiàng)錯(cuò)誤；保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用更強(qiáng)的光照射R1，光敏電阻R1的值將變小，外電路總電阻減小，則I增大，U減小，所以B項(xiàng)錯(cuò)誤；保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用更強(qiáng)的光照射R1，則A、B兩金屬板間的電壓減小，兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度減小，小球所受電場(chǎng)力減小，所以小球重新達(dá)到穩(wěn)定后變小，即C項(xiàng)錯(cuò)誤；保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用更強(qiáng)的光照射R1，則U的變化量的絕對(duì)值與I的變化量的絕對(duì)值的比值等于電源的內(nèi)阻r，即不變，所以D項(xiàng)正確14.2019·湖北省孝感調(diào)研如圖所示，電路中的電源為恒流源或恒壓源(不管外電路的電阻如何變化，它都能夠提供持續(xù)的定值電流或定值電壓)當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)時(shí)，電壓表的示數(shù)變化量的絕對(duì)值為U，電流表的示數(shù)變化量的絕對(duì)值為I，則下列說(shuō)法正確的是()A若電源為恒壓源時(shí)，V示數(shù)增大，A示數(shù)減小B若電源為恒壓源時(shí)，V示數(shù)不變，A示數(shù)增大C若電源為恒流源時(shí)，V示數(shù)增大，A示數(shù)減小，R1D若電源為恒流源時(shí)，V示數(shù)增大，A示數(shù)增大，R2答案：C解析：若電源為恒壓源時(shí)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)時(shí)，總電阻增大，總電流減小，所以R2兩端的電壓減小，R1兩端的電壓增大，所以R1的分流增大，A的示數(shù)減小，V的示數(shù)不變，即A、B項(xiàng)錯(cuò)誤；若電源為恒流源時(shí)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭向上滑動(dòng)時(shí)，總電阻增大，V示數(shù)增大，R1兩端的電壓增大，所以R1的分流增大，A的示數(shù)減小，因?yàn)閁I0R2(I0I)R1，所以R1，C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤152019·云南師大附中模擬(多選)在如圖甲所示的電路中，L1、L2、L3為三個(gè)相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后，電路中的總電流為0.25 A，則此時(shí)()AL1上的電壓為L(zhǎng)2上電壓的2倍BL1消耗的電功率為0.75 WCL2的電阻為12 DL1、L2消耗的電功率的比值大于4答案：BD解析：電路中的總電流為0.25 A，L1中電流為0.25 A，由小燈泡的伏安特性曲線可知L1兩端電壓為3.0 V，L1消耗的電功率為P1U1I10.75 W，B項(xiàng)正確；根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律，L2中電流為0.125 A，由小燈泡的伏安特性曲線可知L2兩端電壓大約為0.3 V，L1兩端電壓大約為L(zhǎng)2兩端電壓的10倍，A項(xiàng)錯(cuò)誤；由歐姆定律，L2的電阻約為R2 2.4 ，C項(xiàng)錯(cuò)誤；L2消耗的電功率約為P2U2I20.3 ×0.125 W0.037 5 W，L1、L2消耗的電功率的比值大于4，D項(xiàng)正確16.2019·湖北省部分重點(diǎn)中學(xué)聯(lián)考(多選)硅光電池是一種太陽(yáng)能電池，具有低碳環(huán)保的優(yōu)點(diǎn)如圖所示，圖線a是該電池在某光照強(qiáng)度下路端電壓U和電流I的關(guān)系圖象(電池電動(dòng)勢(shì)不變，內(nèi)阻不是常量)，圖線b是某電阻R的UI圖象，傾斜虛線是過(guò)a、b交點(diǎn)的a的切線在某光照強(qiáng)度下將它們組成閉合回路時(shí)，下列相關(guān)敘述正確的是()A此時(shí)硅光電池的內(nèi)阻為12.5 B此時(shí)硅光電池的輸出功率為0.5 WC此時(shí)硅光電池的總功率為0.72 WD此時(shí)硅光電池的輸出效率為40%答案：BC解析：由閉合電路歐姆定律得UEIr，當(dāng)I0時(shí)，EU，由圖線a與縱軸的交點(diǎn)可得電動(dòng)勢(shì)為E3.6 V根據(jù)兩圖線交點(diǎn)處的狀態(tài)可知，電阻R兩端的電壓為2.5 V，則內(nèi)阻r 5.5 ，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；此時(shí)硅光電池的輸出功率P出UI2.5×0.2 W0.5 W，B項(xiàng)正確；此時(shí)硅光電池的總功率為P總EI0.72 W，C項(xiàng)正確；此時(shí)硅光電池的輸出效率為×100%×100%69.4%，D項(xiàng)錯(cuò)誤課時(shí)測(cè)評(píng) 綜合提能力課時(shí)練贏高分一、選擇題12019·湖北黃岡模擬(多選)在科學(xué)研究中，經(jīng)常用“電導(dǎo)率”這一概念來(lái)表示物質(zhì)導(dǎo)電本領(lǐng)的強(qiáng)弱，電導(dǎo)率是電阻率的倒數(shù)，如圖是硫酸濃度與電導(dǎo)率的關(guān)系圖，下列判斷正確的是 ()A濃度越高導(dǎo)電性能不一定越好B可以根據(jù)電導(dǎo)率來(lái)確定硫酸濃度C硫酸的導(dǎo)電性能與其濃度有關(guān)，所以對(duì)于某一濃度的硫酸導(dǎo)電時(shí)，不再遵守歐姆定律D濃度確定的硫酸導(dǎo)電時(shí)，仍然遵守歐姆定律答案：AD解析：由題圖可知，電導(dǎo)率并不是隨濃度的增大而增大的，濃度越高導(dǎo)電性能不一定越好，故A正確；因電導(dǎo)率與濃度沒(méi)有確定關(guān)系，因此不可以根據(jù)電導(dǎo)率來(lái)確定硫酸濃度，故B錯(cuò)誤；硫酸的導(dǎo)電性能與其濃度有關(guān)，但是對(duì)確定濃度的硫酸來(lái)說(shuō)它仍然遵守歐姆定律，故C錯(cuò)誤，D正確2.2019·天津紅橋區(qū)模擬(多選)某一熱敏電阻其阻值隨溫度的升高而減小，在一次實(shí)驗(yàn)中，將該熱敏電阻與一小燈泡串聯(lián)，通電后二者電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，M為兩元件的伏安特性曲線的交點(diǎn)則關(guān)于熱敏電阻和小燈泡的下列說(shuō)法中正確的是()A圖中圖線a是小燈泡的伏安特性曲線，圖線b是熱敏電阻的伏安特性曲線B圖中圖線b是小燈泡的伏安特性曲線，圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線C圖線中的M點(diǎn)，表示該狀態(tài)小燈泡的電阻大于熱敏電阻的阻值D圖線中M點(diǎn)對(duì)應(yīng)的狀態(tài)，小燈泡的功率與熱敏電阻的功率相等答案：BD解析：小燈泡的燈絲是一個(gè)純電阻，其燈絲溫度會(huì)隨著通電電流的增大而增大，阻值也隨著增大，所以題圖中圖線b是小燈泡的伏安特性曲線；同理可知，熱敏電阻的溫度隨著通電電流的增大而增大，其阻值會(huì)逐漸減小，所以題圖中圖線a是熱敏電阻的伏安特性曲線，故A錯(cuò)誤，B正確；兩圖線的交點(diǎn)M，表示此狀態(tài)兩元件的電壓和電流相同，由歐姆定律可知，此時(shí)兩者的阻值相等，功率也相等，故C錯(cuò)誤，D正確3.2019·吉林省實(shí)驗(yàn)中學(xué)模擬(多選)如圖所示，由于某電阻斷路，致使電壓表和電流表的示數(shù)均比該電阻未斷時(shí)要大，則這個(gè)斷路的電阻可能是()AR1 BR2CR3 DR4答案：AD解析：若R1斷路，則R總變大I總變小U端變大I2變大，即電流表示數(shù)變大，U端變大，I4變大U4變大，所以選項(xiàng)A正確；若R2斷路，電流表示數(shù)為零，則B錯(cuò)誤；若R3斷路，電壓表示數(shù)為零，則C錯(cuò)誤；若R4斷路，則R總變大I總變小U端變大，即電流表和R2串聯(lián)后兩端電壓變大，則電流表示數(shù)變大；R4斷路后，則電壓表的內(nèi)阻大，所以R3所在支路近似斷路，則電壓表示數(shù)此時(shí)也變大，即D正確4.2019·貴州省貴陽(yáng)監(jiān)測(cè)阻值相等的三個(gè)電阻R、電容器C及電池E(內(nèi)阻不計(jì))連接成如圖所示電路保持開(kāi)關(guān)S1閉合，開(kāi)關(guān)S2斷開(kāi)，電流穩(wěn)定時(shí)，C所帶的電荷量為Q1；閉合開(kāi)關(guān)S2，電流再次穩(wěn)定后，C所帶的電荷量為Q2，則Q1與Q2的比值為()A. B.C. D.答案：A解析：開(kāi)關(guān)S2斷開(kāi)時(shí)的等效電路如圖甲所示，電路穩(wěn)定時(shí)電容器兩極板之間的電壓為U1，電容器所帶的電荷量為Q1CU1；開(kāi)關(guān)S2閉合后的等效電路如圖乙所示，電路穩(wěn)定時(shí)電容器兩極板之間的電壓為U2E，電容器所帶的電荷量為Q2CU2CE，則Q1：Q21：2，即Q1與Q2的比值為，A正確52019·湖南岳陽(yáng)模擬某電池對(duì)純電阻供電的輸出功率P隨電流I變化的圖象如圖所示則下列說(shuō)法正確的是()A該電源的電動(dòng)勢(shì)E2 VB該電源的內(nèi)阻r1 C若I2 A，則外電阻R1 D同一輸出功率P可對(duì)應(yīng)兩個(gè)不同的電流I1、I2，即對(duì)應(yīng)兩個(gè)不同的外電阻R1、R2，且rR1·R2答案：A解析：當(dāng)外電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)，輸出功率最大，PI2RI2r，解得r0.5 ，由閉合電路歐姆定律得EI(Rr)2×(0.50.5) V2 V，A正確，B錯(cuò)誤；當(dāng)I2 A時(shí)，電源的輸出功率最大，此時(shí)外電阻等于內(nèi)阻，所以R0.5 ，C錯(cuò)誤；同一輸出功率可對(duì)應(yīng)兩個(gè)不同的電流I1、I2，即對(duì)應(yīng)兩個(gè)不同的外電阻R1、R2，有2R12R2，解得r2R1·R2，D錯(cuò)誤62019·湖南衡陽(yáng)檢測(cè)(多選)如圖甲所示，電阻R1的阻值為0.5R0、燈泡L的電阻值恒為R0，R2是熱敏電阻，其阻值隨溫度變化的關(guān)系如圖乙所示已知電流表為理想電表，電源的內(nèi)阻rR0.則下列說(shuō)法中正確的是()A當(dāng)溫度升高時(shí)，R1兩端的電壓增大B當(dāng)溫度降低時(shí)，電流表的示數(shù)增大C當(dāng)溫度升高時(shí)，燈泡L的亮度變大D當(dāng)溫度為40 時(shí)，電源的輸出功率最大答案：AD解析：溫度升高時(shí)，R2的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，R1兩端電壓增大，電源內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，燈泡L兩端的電壓減小，燈泡L的亮度變小，A正確，C錯(cuò)誤；溫度降低時(shí)，R2的阻值增大，總電阻增大，總電流減小，電流表的示數(shù)減小，B錯(cuò)誤；溫度為40 時(shí)，R2R0，此時(shí)外電路的總電阻為R0，等于電源的內(nèi)阻，所以電源的輸出功率最大，D正確72019·江西九江十校第二次聯(lián)考(多選)某電路如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，定值電阻分別為R1、R2，電位器(滑動(dòng)變阻器)為R，L1是小燈泡，電壓表和電流表都為理想電表閉合開(kāi)關(guān)，當(dāng)電位器的觸片滑向b端時(shí)，則下列說(shuō)法正確的是()A小燈泡L1將變亮B電壓表的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值將變大C電流表A1的示數(shù)將變大D電源的電功率將變大答案：ACD解析：當(dāng)電位器的觸片滑向b端時(shí)，電位器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律知，總電流變大，電流表A1的示數(shù)將變大，路端電壓變小，通過(guò)R1、R2的電流變小，通過(guò)小燈泡L1所在支路電流變大，小燈泡L1將變亮，故A、C正確電壓表的示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值等于外電路總電阻，可知該比值變小，故B錯(cuò)誤總電流變大，由PEI知，電源的電功率將變大，故D正確82019·安徽淮北模擬在如圖甲所示電路中，閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向上滑動(dòng)的過(guò)程中，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化圖乙中三條圖線分別表示了三個(gè)電壓表示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況，以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A圖線a表示的是電壓表V3的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況B圖線c表示的是電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的情況C此過(guò)程中電壓表V1示數(shù)的變化量U1和電流表示數(shù)變化量I的比值變大D此過(guò)程中電壓表V2示數(shù)的變化量U2和電流表示數(shù)變化量I的比值不變答案：C解析：滑片P向上滑動(dòng)，R2減小，總電阻減小，總電流增大，電源內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，R1兩端電壓增大，R2兩端電壓減小，根據(jù)這些變化關(guān)系可知，圖線a是電壓表V3的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線，圖線b是電壓表V1的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線，圖線c是電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖線，A、B說(shuō)法正確；r，而R1，C說(shuō)法錯(cuò)誤，D說(shuō)法正確92019·河北省石家莊二中檢測(cè)(多選)在如圖所示電路中，已知電表均為理想電表，且小燈泡的電阻小于電源的內(nèi)阻，電流表A、電壓表V1、電壓表V2的示數(shù)分別為I、U1和U2，P為被細(xì)線懸掛在兩平行金屬板間的帶電小球，細(xì)線與豎直方向間的夾角為，則當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)一小段距離的過(guò)程中，電流表A、電壓表V1、電壓表V2示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別是I、U1和U2，下列說(shuō)法中正確的是()A.>rR1B燈泡變亮、細(xì)線與豎直方向間的夾角變大C電源的輸出功率變大D.變大、變大答案：AC解析：滑動(dòng)變阻器電阻增大，總電流減小，R1兩端電壓減小，R2兩端電壓增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：U1U2(I)R1，所以有rR1>rR1，所以A項(xiàng)正確；U外增大，即燈泡兩端電壓增大，燈泡變亮；R1兩端電壓減小，即電容器兩端電壓變小，細(xì)線與豎直方向間的夾角變小，則B項(xiàng)錯(cuò)誤；小燈泡的電阻小于電源的內(nèi)阻，那么再并聯(lián)R1、R2就更小了，當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時(shí)，P出最大，所以當(dāng)外阻小于內(nèi)阻時(shí)，外電阻增大，P出增大，則C項(xiàng)正確；為外電阻，變大，為內(nèi)阻，不變，則D項(xiàng)錯(cuò)誤10名師原創(chuàng)(多選)如圖所示為某電源的輸出功率隨外電阻變化的圖象，則下列說(shuō)法中正確的是()A電源的內(nèi)阻等于R2B當(dāng)外電阻RR2時(shí)，電源的效率為50%C當(dāng)外電阻為R2時(shí)電源的效率一定大于外電阻為R1時(shí)電源的效率DR2R1R3R2答案：ABC解析：設(shè)電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，則P出I2R()2R，當(dāng)外電阻Rr時(shí)，電源的輸出功率最大，由題圖可知rR2，A正確；此時(shí)電源的效率50%，故B正確；由，可知外電阻越大，電源的效率就越高，故C正確；由題圖可知，電源的輸出功率隨外電阻變化的圖象并不關(guān)于直線RR2對(duì)稱，故R2R1R3R2，D錯(cuò)誤11.2019·榆林模擬如圖所示，A為電解槽，為電動(dòng)機(jī)，N為電爐子，恒定電壓U12 V，電解槽內(nèi)阻rA2 ，S1閉合，S2、S3斷開(kāi)時(shí)，電流表示數(shù)為6 A，當(dāng)S2閉合，S1、S3斷開(kāi)時(shí)，電流表示數(shù)為5 A，且電動(dòng)機(jī)輸出功率為35 W；當(dāng)S3閉合，S1、S2斷開(kāi)時(shí)，電流表示數(shù)為4 A求：(1)電爐子的電阻及發(fā)熱功率；(2)電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻；(3)在電解槽工作時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為多少答案：(1)2 72 W(2)1 (3)16 W解析：(1)電爐子為純電阻元件，由歐姆定律得：R 2 其發(fā)熱功率為：PUI112×6 W72 W.(2)電動(dòng)機(jī)為非純電阻元件，由能量守恒定律得：UI2IrMP輸出，所以：rM 1 .(3)電解槽為非純電阻元件，由能量守恒定律得：P化UI3IrA所以P化(12×442×2) W16 W.12三只燈泡L1、L2和L3的額定電壓分別為1.5 V、1.5 V和2.5 V，它們的額定電流都為0.3 A若將它們連接成圖甲、圖乙所示電路，且燈泡都正常發(fā)光(1)試求圖甲電路的總電流和電阻R2消耗的電功率；(2)分別計(jì)算兩電路電源提供的電功率，并說(shuō)明哪個(gè)電路更節(jié)能答案：(1)0.9 A,0.045 W(2)2.7 W,1.8 W，乙電路更節(jié)能解析：(1)由題意，在圖甲電路中：電路的總電流I總IL1IL2IL30.9 AU路端EI總r2.55 VUR2U路端UL30.05 VIR2I總0.9 A電阻R2的消耗功率PR2IR2UR20.045 W(2)圖甲電源提供的電功率P總I總E0.9×3 W2.7 W圖乙電源提供的電功率P總I總E0.3×6 W1.8 W由于燈泡都正常發(fā)光，兩電路有用功率相等，而P總<P總所以，圖乙電路比圖甲電路節(jié)能17