（浙江選考）2021版新高考物理一輪復(fù)習(xí) 3 第三章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 4 題型探究課三 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用教學(xué)案

題型探究課三牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用超重與失重現(xiàn)象【題型解讀】1對(duì)超重和失重的理解(1)不論超重、失重或完全失重，物體的重力都不變，只是“視重”改變(2)在完全失重的狀態(tài)下，一切由重力產(chǎn)生的物理現(xiàn)象都會(huì)完全消失(3)盡管物體的加速度不是豎直方向，但只要其加速度在豎直方向上有分量，物體就會(huì)處于超重或失重狀態(tài)(4)盡管整體沒(méi)有豎直方向的加速度，但只要物體的一部分具有豎直方向的分加速度，整體也會(huì)出現(xiàn)超重或失重狀態(tài)2判斷超重和失重的方法從受力的角度判斷當(dāng)物體所受向上的拉力(或支持力)大于重力時(shí)，物體處于超重狀態(tài)；小于重力時(shí)，物體處于失重狀態(tài)；等于零時(shí)，物體處于完全失重狀態(tài)從加速度的角度判斷當(dāng)物體具有向上的加速度時(shí)，物體處于超重狀態(tài)；具有向下的加速度時(shí)，物體處于失重狀態(tài)；向下的加速度等于重力加速度時(shí)，物體處于完全失重狀態(tài)從速度變化的角度判斷(1)物體向上加速或向下減速時(shí)，超重(2)物體向下加速或向上減速時(shí)，失重在完全失重的狀態(tài)下，平常一切由重力產(chǎn)生的物理現(xiàn)象都會(huì)完全消失，如天平失效、浸在水中的物體不再受浮力、液體柱不再產(chǎn)生壓強(qiáng)等【題組過(guò)關(guān)】1(2018·4月浙江選考)如圖所示，小芳在體重計(jì)上完成下蹲動(dòng)作下列Ft圖象能反映體重計(jì)示數(shù)隨時(shí)間變化的是()解析：選C.下蹲時(shí)先加速下降，后減速下降，故先失重，后超重，F(xiàn)先小于重力，后大于重力，C正確2在升降電梯內(nèi)的地板上放一體重計(jì)，電梯靜止時(shí)，曉敏同學(xué)站在體重計(jì)上，體重計(jì)示數(shù)為50 kg，電梯運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，某一段時(shí)間內(nèi)曉敏同學(xué)發(fā)現(xiàn)體重計(jì)示數(shù)如圖所示，在這段時(shí)間內(nèi)下列說(shuō)法中正確的是()A曉敏同學(xué)所受的重力變小了B曉敏對(duì)體重計(jì)的壓力小于體重計(jì)對(duì)曉敏的支持力C電梯一定在豎直向下運(yùn)動(dòng)D電梯的加速度大小為，方向一定豎直向下解析：選D.由題知體重計(jì)的示數(shù)為40 kg時(shí)，人對(duì)體重計(jì)的壓力小于人的重力，故處于失重狀態(tài)，實(shí)際人受到的重力并沒(méi)有變化，A錯(cuò)誤；由牛頓第三定律知，B錯(cuò)誤；電梯具有向下的加速度，但不一定是向下運(yùn)動(dòng)，C錯(cuò)誤；由牛頓第二定律mgFNma可知a，方向豎直向下，D正確動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)在連接體中的應(yīng)用【題型解讀】1多個(gè)相互關(guān)聯(lián)的物體由細(xì)繩、細(xì)桿或彈簧等連接或疊放在一起，構(gòu)成的物體系統(tǒng)稱(chēng)為連接體常見(jiàn)的連接體如下：(1)彈簧連接體(2)物物疊放連接體(3)輕繩連接體(4)輕桿連接體2連接體的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)(1)輕繩：輕繩在伸直狀態(tài)下，兩端的連接體沿繩方向的速度總是相等(2)輕桿：輕桿平動(dòng)時(shí)，連接體具有相同的平動(dòng)速度；輕桿轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，連接體具有相同的角速度，而線(xiàn)速度與轉(zhuǎn)動(dòng)半徑成正比(3)輕彈簧：在彈簧發(fā)生形變的過(guò)程中，兩端連接體的速度不一定相等；在彈簧形變最大時(shí)，兩端連接體的速率相等3連接體問(wèn)題的分析方法適用條件注意事項(xiàng)優(yōu)點(diǎn)整體法系統(tǒng)內(nèi)各物體保持相對(duì)靜止，即各物體具有相同的加速度只分析系統(tǒng)外力，不分析系統(tǒng)內(nèi)各物體間的相互作用力便于求解系統(tǒng)受到的外加作用力隔離法(1)系統(tǒng)內(nèi)各物體加速度不相同(2)要求計(jì)算系統(tǒng)內(nèi)物體間的相互作用力(1)求系統(tǒng)內(nèi)各物體間的相互作用力時(shí)，可先用整體法，再用隔離法(2)加速度大小相同，方向不同的連接體，應(yīng)采用隔離法分析便于求解系統(tǒng)內(nèi)各物體間的相互作用力【典題例析】如圖所示，一塊足夠長(zhǎng)的輕質(zhì)長(zhǎng)木板放在光滑水平地面上，質(zhì)量分別為mA1 kg和mB2 kg的物塊A、B放在長(zhǎng)木板上，A、B與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.4，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力現(xiàn)用水平拉力F拉A，取重力加速度g10 m/s2.改變F的大小，B的加速度大小可能為()A1 m/s2B2.5 m/s2C3 m/s2 D4 m/s2解析A、B放在輕質(zhì)長(zhǎng)木板上，長(zhǎng)木板質(zhì)量為0，所受合力始終為0，即A、B所受摩擦力大小相等由于A、B受到長(zhǎng)木板的最大靜摩擦力的大小關(guān)系為fAmax<fBmax，所以B始終相對(duì)長(zhǎng)木板靜止，當(dāng)拉力增加到一定程度時(shí)，A相對(duì)長(zhǎng)木板滑動(dòng)，B受到的最大合力等于A的最大靜摩擦力，即fBfAmaxmAg，由fBmBaBmax，可知B的加速度最大為2 m/s2，選項(xiàng)A正確答案A遷移角度解決辦法易錯(cuò)警示加速度相同的連接體整體法(先整體后部分)加速度相同時(shí)可把連接體看成一整體，再求整體外力時(shí)可用整體受力分析；若涉及內(nèi)力問(wèn)題必須用隔離法分析加速度不同的連接體隔離法(先部分后整體)加速度不同的連接體或要求連接體中各個(gè)物體間的作用力時(shí)一般用隔離法(2020·舟山質(zhì)檢)如圖所示，質(zhì)量為M的小車(chē)放在光滑的水平面上，小車(chē)上用細(xì)線(xiàn)懸吊一質(zhì)量為m的小球，Mm，用一力F水平向右拉小球，使小球和車(chē)一起以加速度a向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，細(xì)線(xiàn)與豎直方向成角，細(xì)線(xiàn)的拉力為F1.若用一力F水平向左拉小車(chē)，使小球和其一起以加速度a向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，細(xì)線(xiàn)與豎直方向也成角，細(xì)線(xiàn)的拉力為F1.則()Aaa，F(xiàn)1F1 Baa，F(xiàn)1F1Caa，F(xiàn)1F1 Daa，F(xiàn)1F1解析：選B.當(dāng)用力F水平向右拉小球時(shí)，以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，豎直方向有F1cos mg水平方向有FF1sin ma，以整體為研究對(duì)象有F(mM)a，解得agtan 當(dāng)用力F水平向左拉小車(chē)時(shí)，以球?yàn)檠芯繉?duì)象，豎直方向有F1cos mg水平方向有F1sin ma，解得agtan 結(jié)合兩種情況，由有F1F1；由并結(jié)合Mm有aa.故正確選項(xiàng)為B.動(dòng)力學(xué)中的臨界、極值問(wèn)題【題型解讀】1臨界或極值條件的標(biāo)志(1)有些題目中有“剛好”“恰好”“正好”等字眼，明顯表明題述的過(guò)程存在著臨界點(diǎn)；(2)若題目中有“取值范圍”“多長(zhǎng)時(shí)間”“多大距離”等詞語(yǔ)，表明題述的過(guò)程存在著“起止點(diǎn)”，而這些起止點(diǎn)往往就對(duì)應(yīng)臨界狀態(tài)；(3)若題目中有“最大”“最小”“至多”“至少”等字眼，表明題述的過(guò)程存在著極值，這個(gè)極值點(diǎn)往往是臨界點(diǎn)；(4)若題目要求“最終加速度”“穩(wěn)定加速度”等，即求收尾加速度或收尾速度2“四種”典型臨界條件(1)接觸與脫離的臨界條件：兩物體相接觸或脫離，臨界條件是：彈力FN0.(2)相對(duì)滑動(dòng)的臨界條件：兩物體相接觸且處于相對(duì)靜止時(shí)，常存在著靜摩擦力，則相對(duì)滑動(dòng)的臨界條件是：靜摩擦力達(dá)到最大值(3)繩子斷裂與松弛的臨界條件：繩子所能承受的張力是有限度的，繩子斷與不斷的臨界條件是繩中張力等于它所能承受的最大張力，繩子松弛與拉緊的臨界條件是：FT0.(4)加速度變化時(shí)，速度達(dá)到極值的臨界條件：當(dāng)加速度變?yōu)?時(shí)3處理臨界問(wèn)題的三種方法極限法把物理問(wèn)題(或過(guò)程)推向極端，從而使臨界現(xiàn)象(或狀態(tài))暴露出來(lái)，以達(dá)到正確解決問(wèn)題的目的假設(shè)法臨界問(wèn)題存在多種可能，特別是有非此即彼兩種可能時(shí)，或變化過(guò)程中可能出現(xiàn)臨界條件、也可能不出現(xiàn)臨界條件時(shí)，往往用假設(shè)法解決問(wèn)題數(shù)學(xué)法將物理過(guò)程轉(zhuǎn)化為數(shù)學(xué)表達(dá)式，根據(jù)數(shù)學(xué)表達(dá)式解出臨界條件【題組過(guò)關(guān)】1(多選)(2020·臺(tái)州調(diào)研)如圖所示，A、B 兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m, 靜止疊放在水平地面上A、B 間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，B 與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為.最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為 g現(xiàn)對(duì) A 施加一水平拉力 F，則()A當(dāng) F < 2mg 時(shí)，A、B 都相對(duì)地面靜止B當(dāng) F mg 時(shí)， A 的加速度為gC當(dāng) F > 3mg 時(shí)，A 相對(duì) B 滑動(dòng)D無(wú)論 F 為何值，B 的加速度不會(huì)超過(guò)g解析：選BCD.A、B間的最大靜摩擦力為2mg，B和地面之間的最大靜摩擦力為mg，對(duì)A、B整體，只要Fmg，整體就會(huì)運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；當(dāng)A對(duì)B的摩擦力為最大靜摩擦力時(shí)，A、B將要發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，故A、B一起運(yùn)動(dòng)的加速度的最大值滿(mǎn)足2mgmgmamax，B運(yùn)動(dòng)的最大加速度amaxg，選項(xiàng)D正確；對(duì)A、B整體，有Fmg3mamax，則F3mg時(shí)兩者會(huì)發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C正確；當(dāng)Fmg 時(shí)，兩者相對(duì)靜止，一起滑動(dòng)，加速度滿(mǎn)足Fmg3ma，解得ag，選項(xiàng)B正確2(2020·嘉興檢測(cè))如圖所示，木塊A的質(zhì)量為m，木塊B的質(zhì)量為M，疊放在光滑的水平面上，A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g.現(xiàn)用水平力F作用于A，則保持A、B相對(duì)靜止的條件是F不超過(guò)()AmgBMgCmg DMg解析：選C.由于A、B相對(duì)靜止，以整體為研究對(duì)象可知F(Mm)a；若A、B即將相對(duì)滑動(dòng)，以物體B為研究對(duì)象可知mgMa，聯(lián)立解得Fmg，選項(xiàng)C正確傳送帶問(wèn)題的分析技巧【知識(shí)提煉】1模型特征(1)水平傳送帶模型情景圖示滑塊可能的運(yùn)動(dòng)情況情景1(1)可能一直加速(2)可能先加速后勻速情景2(1)v0>v時(shí)，可能一直減速，也可能先減速再勻速(2)v0<v時(shí)，可能一直加速，也可能先加速再勻速情景3(1)傳送帶較短時(shí)，滑塊一直減速達(dá)到左端(2)傳送帶較長(zhǎng)時(shí)，滑塊還要被傳送帶傳回右端其中v0>v返回時(shí)速度為v，當(dāng)v0<v返回時(shí)速度為v0(2)傾斜傳送帶模型情景圖示滑塊可能的運(yùn)動(dòng)情況情景1(1)可能一直加速(2)可能先加速后勻速情景2(1)可能一直加速(2)可能先加速后勻速(3)可能先以a1加速后以a2加速2.模型動(dòng)力學(xué)分析(1)傳送帶模型問(wèn)題的分析流程(2)判斷方法水平傳送帶若l，物、帶能共速；若l，物、帶能共速；若l，物塊能返回傾斜傳送帶若l，物、帶能共速；若l，物、帶能共速；若tan ，物、帶共速后勻速；若<tan ，物體以a2加速(a2<a)【典題例析】水平傳送帶被廣泛地應(yīng)用于機(jī)場(chǎng)和火車(chē)站，如圖所示為一水平傳送帶裝置示意圖緊繃的傳送帶AB始終保持恒定的速率v1 m/s運(yùn)行，一質(zhì)量為m4 kg的行李無(wú)初速度地放在A處，傳送帶對(duì)行李的滑動(dòng)摩擦力使行李開(kāi)始做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，隨后行李又以與傳送帶相等的速率做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)設(shè)行李與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.1，A、B間的距離L2 m，g取10 m/s2.(1)求行李剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)所受滑動(dòng)摩擦力的大小與加速度的大小(2)求行李做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間(3)如果提高傳送帶的運(yùn)行速率，行李就能被較快地傳送到B處，求行李從A處傳送到B處的最短時(shí)間和傳送帶對(duì)應(yīng)的最小運(yùn)行速率解析(1)滑動(dòng)摩擦力Ffmg0.1×4×10 N4 N，加速度ag0.1×10 m/s21 m/s2.(2)行李達(dá)到與傳送帶相同速率后不再加速，則vat1，t1 s1 s.(3)行李始終勻加速運(yùn)行時(shí)間最短，加速度仍為a1 m/s2，當(dāng)行李到達(dá)右端時(shí)，有v2aL，vmin m/s2 m/s，所以傳送帶對(duì)應(yīng)的最小運(yùn)行速率為2 m/s.行李最短運(yùn)行時(shí)間由vmina×tmin得tmin s2 s.答案(1)4 N1 m/s2(2)1 s(3)2 s2 m/s【題組過(guò)關(guān)】 考向1水平傳送帶模型1如圖所示，水平傳送帶A、B兩端相距s3.5 m，工件與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.1.工件滑上A端瞬時(shí)速度vA4 m/s，到達(dá)B端的瞬時(shí)速度設(shè)為vB，則不正確的是()A若傳送帶不動(dòng)，則vB3 m/sB若傳送帶以速度v4 m/s逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，vB3 m/sC若傳送帶以速度v2 m/s順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，vB3 m/sD若傳送帶以速度v2 m/s順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，vB2 m/s解析：選D.若傳送帶不動(dòng)，由勻變速規(guī)律可知vv2as，ag，代入數(shù)據(jù)解得vB3 m/s，當(dāng)滿(mǎn)足選項(xiàng)B、C中的條件時(shí)，工件的運(yùn)動(dòng)情況跟傳送帶不動(dòng)時(shí)的一樣，同理可得，工件到達(dá)B端時(shí)的瞬時(shí)速度仍為3 m/s，故選項(xiàng)A、B、C正確，D錯(cuò)誤 考向2傾斜傳送帶模型2.如圖所示為糧袋的傳送裝置，已知AB間長(zhǎng)度為L(zhǎng)，傳送帶與水平方向的夾角為，工作時(shí)其運(yùn)行速度為v，糧袋與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，正常工作時(shí)工人在A點(diǎn)將糧袋放到運(yùn)行中的傳送帶上，關(guān)于糧袋從A到B的運(yùn)動(dòng)，以下說(shuō)法正確的是(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力)()A糧袋到達(dá)B點(diǎn)的速度與v比較，可能大，也可能相等或小B糧袋開(kāi)始運(yùn)動(dòng)的加速度為g(sin cos )，若L足夠大，則以后將一定以速度v做勻速運(yùn)動(dòng)C若tan ，則糧袋從A到B一定一直是做加速運(yùn)動(dòng)D不論大小如何，糧袋從A到B一直做勻加速運(yùn)動(dòng)，且a>gsin 解析：選A.開(kāi)始時(shí)，糧袋相對(duì)傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，受重力、支持力和沿傳送帶向下的摩擦力，由牛頓第二定律可知，mgsin FNma，F(xiàn)Nmgcos ，解得agsin gcos ，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；糧袋加速到與傳送帶相對(duì)靜止時(shí)，若mgsin >mgcos ，即當(dāng)<tan 時(shí)糧袋將繼續(xù)做加速運(yùn)動(dòng)，C、D項(xiàng)錯(cuò)誤解答傳送帶問(wèn)題應(yīng)注意的事項(xiàng)(1)比較物塊和傳送帶的初速度情況，分析物塊所受摩擦力的大小和方向，其主要目的是得到物塊的加速度(2)關(guān)注速度相等這個(gè)特殊時(shí)刻，水平傳送帶中兩者一塊勻速運(yùn)動(dòng)，而傾斜傳送帶需判斷與tan 的關(guān)系才能決定物塊以后的運(yùn)動(dòng)(3)得出運(yùn)動(dòng)過(guò)程中兩者相對(duì)位移情況，以后在求解摩擦力做功時(shí)有很大作用 滑塊滑板模型分析【知識(shí)提煉】1模型特征滑塊滑板模型(如圖a)，涉及摩擦力分析、相對(duì)運(yùn)動(dòng)、摩擦生熱，多次相互作用，屬于多物體、多過(guò)程問(wèn)題，知識(shí)綜合性較強(qiáng)，對(duì)能力要求較高常見(jiàn)的子彈射擊木板(如圖b)、圓環(huán)在直桿中滑動(dòng)(如圖c)都屬于滑塊類(lèi)問(wèn)題，處理方法與滑塊滑板模型類(lèi)似2兩種類(lèi)型類(lèi)型圖示規(guī)律分析木板B帶動(dòng)物塊A，物塊恰好不從木板上掉下的臨界條件是物塊恰好滑到木板左端時(shí)二者速度相等，則位移關(guān)系為xBxAL物塊A帶動(dòng)木板B，物塊恰好不從木板上掉下的臨界條件是物塊恰好滑到木板右端時(shí)二者速度相等，則位移關(guān)系為xBLxA【典題例析】質(zhì)量M4 kg、長(zhǎng)2l4 m的木板放在光滑水平地面上，以木板中點(diǎn)為界，左邊和右邊的動(dòng)摩擦因數(shù)不同一個(gè)質(zhì)量為m1 kg的滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))放在木板的左端，如圖甲所示在t0時(shí)刻對(duì)滑塊施加一個(gè)水平向右的恒力F，使滑塊和木板均由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，t12 s時(shí)滑塊恰好到達(dá)木板中點(diǎn)，滑塊運(yùn)動(dòng)的x1t圖象如圖乙所示取g10 m/s2.(1)求滑塊與木板左邊的動(dòng)摩擦因數(shù)1和恒力F的大小(2)若滑塊與木板右邊的動(dòng)摩擦因數(shù)20.1，2 s末撤去恒力F，則滑塊能否從木板上滑落下來(lái)？若能，求分離時(shí)滑塊的速度大小若不能，則滑塊將停在離木板右端多遠(yuǎn)處？解析(1)滑塊和木板均做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，設(shè)滑塊的加速度大小為a1，木板的加速度大小為a2，則t12 s時(shí)木板的位移x2a2t滑塊的位移x14 m由牛頓第二定律得a2由位移關(guān)系得x1x2l聯(lián)立解得10.4滑塊位移x1a1t恒力Fma11mg聯(lián)立解得F6 N.(2)設(shè)滑塊到達(dá)木板中點(diǎn)時(shí)，滑塊的速度為v1，木板的速度為v2，滑塊滑過(guò)中點(diǎn)后做勻減速運(yùn)動(dòng)，木板繼續(xù)做勻加速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)滑塊和木板的加速度大小分別為a12g，a2設(shè)滑塊與木板從t1時(shí)刻開(kāi)始到速度相等時(shí)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2，則v2a2t1，v1a1t1，v1a1t2v2a2t2解得t21.6 s在此時(shí)間內(nèi)，滑塊位移x1v1t2a1t木板的位移x2v2t2a2txx1x2聯(lián)立解得x1.6 m<2 m因此滑塊沒(méi)有從木板上滑落，滑塊與木板相對(duì)靜止時(shí)距木板右端的距離為dlx0.4 m.答案見(jiàn)解析(2020·浙江省選考十校聯(lián)盟)如圖所示，質(zhì)量M1 kg的木塊A靜止在水平地面上，在木塊的左端放置一個(gè)質(zhì)量m1 kg的鐵塊B(大小可忽略)，鐵塊與木塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)10.3，木塊長(zhǎng)L1 m用F5 N的水平恒力作用在鐵塊上，g取10 m/s2.(1)若水平地面光滑，計(jì)算說(shuō)明兩物塊間是否發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)(2)若木塊與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)20.1，求鐵塊運(yùn)動(dòng)到木塊右端的時(shí)間解析：(1)A、B之間的最大靜摩擦力為fm>1mg0.3×1×10 N3 N假設(shè)A、B之間不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則對(duì)A、B整體：F(Mm)a對(duì)A：fABMa解得：fAB2.5 N因fAB<fm，故A、B之間不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)(2)對(duì)B：F1mgmaB對(duì)A：1mg2(Mm)gMaA據(jù)題意有：xBxALxAaAt2xBaBt2解得：t s.答案：(1)見(jiàn)解析(2) s1(2020·舟山月考)在天宮二號(hào)中工作的景海鵬和陳東可以自由飄浮在空中，宇航員處于失重狀態(tài)下列分析正確的是()A失重就是航天員不受力的作用B失重的原因是航天器離地球太遠(yuǎn)，從而擺脫了地球的引力C失重是航天器獨(dú)有的現(xiàn)象，在地球上不可能有失重現(xiàn)象的存在D正是由于引力的存在，才使航天器和航天員有可能做環(huán)繞地球的圓周運(yùn)動(dòng)解析：選D.失重時(shí)航天員仍受地球引力的作用，只是彈力為零而已，A、B錯(cuò)誤；失重在地球上也很普遍，它只是視重(即彈力)小于重力的現(xiàn)象，C錯(cuò)誤；正是由于地球引力的存在，才使航天器和航天員有可能做環(huán)繞地球的圓周運(yùn)動(dòng)，D正確2(2020·浙江六校聯(lián)考)在水平桌面上用書(shū)本做成一個(gè)斜面，斜面與水平桌面的夾角為，把一個(gè)計(jì)算器放在書(shū)本上并保持靜止，已知計(jì)算器質(zhì)量為m，計(jì)算器與書(shū)本間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則()A計(jì)算器對(duì)書(shū)本的摩擦力方向沿斜面向上B計(jì)算器對(duì)書(shū)本的壓力等于計(jì)算器的重力mgC計(jì)算器受到的摩擦力為mgcos D計(jì)算器受到的摩擦力為mgsin 解析：選D.計(jì)算器受到三個(gè)力：重力mg、書(shū)本對(duì)它的彈力FN、書(shū)本對(duì)它的摩擦力Ff，由平衡條件可知，F(xiàn)Nmgcos ，F(xiàn)fmgsin ，計(jì)算器對(duì)書(shū)本的壓力等于mgcos ，故B、C錯(cuò)誤，D正確；書(shū)本對(duì)計(jì)算器的摩擦力Ff方向沿斜面向上，由牛頓第三定律知計(jì)算器對(duì)書(shū)本的摩擦力方向沿斜面向下，A錯(cuò)誤3(2020·杭州調(diào)研)一個(gè)小孩從滑梯上滑下的運(yùn)動(dòng)可看做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，第一次小孩單獨(dú)從滑梯上滑下，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1，第二次小孩抱上一只小狗后再?gòu)幕萆匣?小狗不與滑梯接觸)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2，則()At1t2Bt1<t2Ct1>t2 D無(wú)法判斷t1與t2的大小解析：選A.設(shè)滑梯與水平面的夾角為，則第一次時(shí)a1gsin gcos ，第二次時(shí)a2gsin gcos ，所以a1a2，與質(zhì)量無(wú)關(guān)又xat2，t與m也無(wú)關(guān)，A正確4一個(gè)物塊置于粗糙的水平地面上，受到的水平拉力F隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖(a)所示，速度v隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖(b)所示取g10 m/s2，求：(1)1 s末物塊所受摩擦力的大小f1；(2)物塊在前6 s內(nèi)的位移大小x；(3)物塊與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù).解析：(1)從題圖(a)中可以讀出，當(dāng)t1 s時(shí)，f1F14 N；(2)由題圖(b)知物塊在前6 s內(nèi)的位移大小x m12 m；(3)從題圖(b)中可以看出，在t2 s至t4 s的過(guò)程中，物塊做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為a m/s22 m/s2由牛頓第二定律得F2mgma，F(xiàn)3f3mg所以m kg2 kg0.4.答案：(1)4 N(2)12 m(3)0.414