高考物理二輪課時(shí)作業(yè):專題三 1 電場及帶電粒子在電場中的運(yùn)動 Word版含解析

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1、 專題三 第1講 [A級-對點(diǎn)練] [題組一] 電場的性質(zhì) 1.如圖所示,實(shí)線表示電場線,虛線表示只受電場力作用的帶電粒子的運(yùn)動軌跡,粒子先經(jīng)過M點(diǎn),再經(jīng)過N點(diǎn).下列說法中正確的有(  ) A.粒子帶負(fù)電 B.粒子在M點(diǎn)的動能大于在N點(diǎn)的動能 C.粒子在M點(diǎn)的電勢能大于在N點(diǎn)的電勢能 D.粒子在M點(diǎn)受到的電場力大于在N點(diǎn)受到的電場力 解析:C [由粒子的運(yùn)動軌跡和電場線的方向可判斷粒子帶正電,A錯;粒子從M向N運(yùn)動,相當(dāng)于順著電場線方向運(yùn)動,粒子又是帶正電,則電場力做正功,電勢能減小,可得EpM>EpN,再由動能定理知,EkM<EkN,B錯,C對;由電場線密

2、的地方場強(qiáng)大,可知EM<EN,又F電=qE,則FN>FM,D錯.] 2.(2020·江西模擬)在電場中,以 O 為原點(diǎn),沿電場方向建立坐標(biāo)軸 r,將帶正電的試探電荷放入電場中,其電勢能 EP隨 r 變化的關(guān)系如圖所示,其中 r2對應(yīng)圖線與橫軸的交點(diǎn),r0對應(yīng)圖線的最低點(diǎn).若電荷只受電場力的作用,則下列說法正確的是(   ) A.從r2處靜止釋放電荷,電荷將保持靜止 B.從r1處靜止釋放電荷,電荷始終向r正方向運(yùn)動 C.從r0處靜止釋放電荷,電荷將先向r負(fù)方向運(yùn)動 D.從r3處靜止釋放電荷,電荷將始終向r負(fù)方向運(yùn)動 解析:D [根據(jù)電勢能EP=qφ可知:電勢與圖中電勢能曲線趨勢一

3、致;根據(jù)沿著電場線電勢降低可知:從r1到r0,電場方向向r正方向;在r0處電場強(qiáng)度為零;在r0到無窮遠(yuǎn),電場方向向r負(fù)方向;所以,從r1、r2處釋放電荷,電荷先向r 正方向運(yùn)動;從r0處釋放電荷,電荷將保持靜止;從r3處釋放電荷,電荷將先向r 負(fù)方向運(yùn)動;故D正確,A、B、C錯誤.] 3.在真空中A、B兩點(diǎn)分別放有異種點(diǎn)電荷-Q和+2Q,以A、B連線中點(diǎn)O為圓心作一圓形路徑acbd,如圖所示,則下列說法正確的是(  ) A.場強(qiáng)大小關(guān)系有Ea=Eb、Ec=Ed B.電勢高低關(guān)系有φa>φb、φc>φd C.將一負(fù)點(diǎn)電荷沿圓弧由a運(yùn)動到b的過程中電場力做正功 D.將一正點(diǎn)電荷沿直線

4、由c運(yùn)動到d的過程中電勢能始終不變 解析:C [對比等量異種點(diǎn)電荷的電場分布可知,題圖中場強(qiáng)大小關(guān)系有Eb>Ea,Ec=Ed,A項(xiàng)錯誤.由沿著電場線方向電勢逐漸降低可知,φa<φb,再由對稱性可知φc=φd,B項(xiàng)錯誤.因φa<φb,將一負(fù)點(diǎn)電荷沿圓弧由a運(yùn)動到b的過程中電場力做正功,C項(xiàng)正確.因沿直線由c到d過程中電勢先升高再降低,所以將一正點(diǎn)電荷沿直線由c運(yùn)動到d的過程中電勢能先增大后減小,D項(xiàng)錯誤.] 4.(多選)如圖所示,正方形ABCD的4個頂點(diǎn)各固定一個點(diǎn)電荷,所帶電荷量分別為+q、-q、+q、-q,E、F、O分別為AB、BC及AC的中點(diǎn).下列說法正確的是(  ) A.E點(diǎn)電

5、勢低于F點(diǎn)電勢 B.F點(diǎn)電勢等于E點(diǎn)電勢 C.E點(diǎn)電場強(qiáng)度與F點(diǎn)電場強(qiáng)度相同 D.F點(diǎn)電場強(qiáng)度大于O點(diǎn)電場強(qiáng)度 解析:BD [根據(jù)對稱性可知,E、F兩點(diǎn)電勢相等,則A項(xiàng)錯誤,B項(xiàng)正確.根據(jù)對稱性及場強(qiáng)的疊加原理可知,E點(diǎn)和F點(diǎn)電場強(qiáng)度大小相等而方向不同,O點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零,F(xiàn)點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于零,則C項(xiàng)錯誤,D項(xiàng)正確.] 5.(多選)如圖所示,在兩等量異種點(diǎn)電荷連線上有c、O、f三點(diǎn),虛線所在的曲線M、L、K分別表示過c、O、f三點(diǎn)的等勢面.一不計(jì)重力的帶負(fù)電粒子,從a點(diǎn)射入電場,只在電場力作用下沿abcde運(yùn)動,其軌跡關(guān)于兩點(diǎn)電荷連線對稱,如圖中實(shí)線所示.a(chǎn)、b、c、d、e為軌跡與各

6、等勢面的交點(diǎn),則下列說法中正確的有(  ) A.各等勢線的電勢大小關(guān)系為φK>φL>φM B.a(chǎn)點(diǎn)與b點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同 C.粒子在a點(diǎn)與e點(diǎn)的加速度大小相等 D.粒子在c點(diǎn)的電勢能大于在e點(diǎn)的電勢能 解析:ACD [由曲線運(yùn)動的特點(diǎn)可以知道粒子在c點(diǎn)受到向左的電場力,又因?yàn)榱W訋ж?fù)電,可知過c點(diǎn)的電場線方向向右,根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷電場的特點(diǎn)知正點(diǎn)電荷在虛線K的左邊,負(fù)點(diǎn)電荷在虛線M的右邊,因此φK>φL>φM,選項(xiàng)A正確;a點(diǎn)與b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小不一定相等,而且方向不同,選項(xiàng)B錯誤;a點(diǎn)與e點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等,粒子在這兩點(diǎn)所受電場力大小相等,所以加速度大小相等,選項(xiàng)C正確;粒子

7、從c點(diǎn)到e點(diǎn),電場力做正功,故粒子在c點(diǎn)的電勢能大于在e點(diǎn)的電勢能,選項(xiàng)D正確.] [題組二] 與電容器有關(guān)的電場問題 6.研究與平行板電容器電容有關(guān)因素的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示,下列說法正確的是(  ) A.實(shí)驗(yàn)前,只用帶電玻璃棒與電容器a板接觸,能使電容器帶電 B.實(shí)驗(yàn)中,只將電容器b板向上平移,靜電計(jì)指針的張角變小 C.實(shí)驗(yàn)中,只在極板間插入有機(jī)玻璃板, 靜電計(jì)指針的張角變大 D.實(shí)驗(yàn)中,只增加極板帶電量,靜電計(jì)指針的張角變大,表明電容增大 解析:A [帶電玻璃棒接觸a板,a板會帶上同種電荷,同時(shí)b板上會感應(yīng)出異種電荷,故A正確;靜電計(jì)指針張角反映電容器兩板間電壓,將b板上移

8、,正對面積S減小,電容C減小,板間電壓U增大,故指針張角變大,B錯;插入有機(jī)玻璃板,相對介電常數(shù)εr增大,電容C增大,板間電壓U減小,指針張角變小,C錯;只增加極板帶電量Q,板間電壓U增大,但電容保持不變,故D錯.] 7.(2020·河北衡水中學(xué)高考模擬)(多選)如圖所示,A、B為平行板電容器的金屬板,G為靜電計(jì),開始時(shí)開關(guān)S閉合,靜電計(jì)指針張開一定角度.下述結(jié)論正確的是(  ) A.若保持開關(guān)S閉合,將A、B兩極板靠近些,指針張開角度將變小 B.若保持開關(guān)S閉合,將A、B兩極板正對面積變小些,指針張開角度將不變 C.若斷開開關(guān)S后,將A、B兩極板靠近些,指針張開角度將變小 D.

9、若斷開開關(guān)S后,將A、B兩極板正對面積變小些,指針張開角度將變大 解析:BCD [保持開關(guān)閉合,電容器兩端的電勢差不變,靜電計(jì)測量的是電容器兩端的電勢差,所以指針張角不變,故A錯誤,B正確;斷開開關(guān),電容器帶電荷量不變,將A、B靠近一些,則d減小,根據(jù)C=知,電容增大,根據(jù)C=知,電勢差減小,指針張角減小,故C正確;斷開開關(guān),電容器帶電荷量不變,將A、B正對面積變小些,根據(jù)C=知,電容減小,根據(jù)C=知,電勢差增大,指針張角增大,故D正確.] [題組三] 帶電粒子在電場中的運(yùn)動 8.(2020·湖南郴州質(zhì)檢一,2)a、b兩離子從平行板電容器兩板間P處垂直電場入射,運(yùn)動軌跡如圖.若a、b的偏

10、轉(zhuǎn)時(shí)間相同,則a、b一定相同的物理量是(  ) A.比荷      B.入射速度 C.入射動能 D.入射動量 解析:A [離子在電場中做類平拋運(yùn)動,垂直板方向做勻加速直線運(yùn)動,偏轉(zhuǎn)時(shí)間相同,偏轉(zhuǎn)量相同,y=at2=××t2,兩板間電壓、距離、運(yùn)動時(shí)間相等,則a、b一定相同的物理量是比荷,故A正確.] 9.(2019·安徽江南十校聯(lián)考,18)空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場,方向與x軸平行,一個質(zhì)量為m、帶負(fù)電的小球,帶電荷量為q,從坐標(biāo)原點(diǎn)以v0=10 m/s的初速度斜向上拋出,且初速度v0與x軸正方向夾角θ=37°,如圖所示.經(jīng)過一段時(shí)間后到達(dá)最高點(diǎn),此時(shí)速度大小也是10 m/s,則

11、該小球在最高點(diǎn)的位置坐標(biāo)是(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,g取10 m/s2)(  ) A.0.6 m,1.8 m B.-0.6 m,1.8 m C.5.4 m,1.8 m D.0.6 m,1.08 m 解析:B [帶電小球受重力和水平向左的電場力作用,把帶電小球的運(yùn)動分解成沿x軸方向初速度為v0cos 37°的勻減速直線運(yùn)動,沿y軸方向初速度為v0sin 37°的豎直上拋運(yùn)動.當(dāng)沿y軸方向速度減小為0時(shí)小球達(dá)到最高點(diǎn),故有y==1.8 m,t==0.6 s,x=·t=-0.6 m,故B選項(xiàng)正確.] 10.(2019·天津理綜,3)如圖所示,在水平向右的勻強(qiáng)電

12、場中,質(zhì)量為m的帶電小球,以初速度v從M點(diǎn)豎直向上運(yùn)動,通過N點(diǎn)時(shí),速度大小為2v,方向與電場方向相反,則小球從M運(yùn)動到N的過程(  ) A.動能增加mv2     B.機(jī)械能增加2mv2 C.重力勢能增加mv2 D.電勢能增加2mv2 解析:B [小球從M點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)的過程,可分解為水平方向上的勻加速直線運(yùn)動和豎直方向上的勻減速直線運(yùn)動.豎直方向上,運(yùn)動時(shí)間t=,上升高度h=;水平方向上,2v=at,a=,所以F電=2mg,水平位移x= t=·t=.從M到N,動能增量ΔEk=m×(2v)2-mv2=mv2,A錯;重力勢能增量ΔEp=mgh=mv2,C錯;電勢能增量ΔEP電=-W電

13、=-F電·x=-2mv2,故D錯;機(jī)械能增量ΔE機(jī)=ΔEk+ΔEp=2mv2,B正確.] [B級-綜合練] 11.(2020·河北衡水中學(xué)高考模擬)(多選)如圖所示,勻強(qiáng)電場場強(qiáng)大小為E,方向與水平方向夾角為θ(θ≠45°),場中有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球,用長為L的細(xì)線懸掛于O點(diǎn).當(dāng)小球靜止時(shí),細(xì)線恰好水平.現(xiàn)用一外力將小球沿圓弧緩慢拉到豎直方向最低點(diǎn),小球電荷量不變,則在此過程中(  ) A.外力所做的功為 B.帶電小球的電勢能增加qEL(sin θ+cos θ) C.帶電小球的電勢能增加 D.外力所做的功為mgLtan θ 解析:AB [小球在水平位置靜止,由共

14、點(diǎn)力的平衡可知,F(xiàn)電sin θ=mg,則F電=Eq=,小球從初始位置移到最低點(diǎn)時(shí),電場力所做的功W電=-EqL(cos θ+sin θ)=-ΔEp,故B正確,C錯誤;由動能定理可知,W外+W電+WG=0,W外=-(W電+WG)=EqL(cos θ+sin θ)-mgL=,故A正確,D錯誤.故選A、B.] 12.(多選)如圖所示,兩個帶等量正電的點(diǎn)電荷分別位于x軸上的P、Q兩點(diǎn),其位置關(guān)于坐標(biāo)原點(diǎn)O對稱.圓弧曲線是一個以O(shè)點(diǎn)為圓心的半圓,c點(diǎn)為半圓與y軸的交點(diǎn),a、b兩點(diǎn)為一平行于x軸的直線與半圓的交點(diǎn).下列說法正確的是(  ) A.a(chǎn)、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)相同 B.a(chǎn)、b兩點(diǎn)的電勢相同 C

15、.將一個正電荷q沿著圓弧從a點(diǎn)經(jīng)c點(diǎn)移到b點(diǎn),電勢能先增加后減小 D.將一個正電荷q放在半圓上任一點(diǎn),兩電荷對q的作用力大小分別是F1、F2,則+為一定值 解析:BD [等量同種正電荷電場線和等勢面的分布圖如圖所示.電場強(qiáng)度的方向沿電場線的切線方向,由圖可以知道,a、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等、方向不同,則場強(qiáng)不同,故A錯誤; 根據(jù)等量同種正電荷的電場分布的對稱性知,a點(diǎn)的電勢等于b點(diǎn)的電勢,故B正確;將一個正電荷q沿著圓弧從a點(diǎn)經(jīng)c點(diǎn)移到b點(diǎn),電場力先做正功后做負(fù)功,故電勢能先減小后增加,故C錯誤;設(shè)半圓直徑為d,將一個正電荷q放在半圓上任一點(diǎn),設(shè)該點(diǎn)到P的距離為r1,到Q的距離為r2,

16、兩等量點(diǎn)電荷的電荷量均為Q,由勾股定理得r+r=d2,兩電荷對q的作用力大小分別是F1、F2,由庫侖定律得F1=,F(xiàn)2=,所以+==,為定值,故D正確.] 13.如圖甲所示,兩水平金屬板A、B間的距離為d,極板長為l,A、B右端有一豎直放置的熒光屏,熒光屏距A、B右端的距離為0.71l.A、B兩板間加上如圖乙所示的方波形電壓,電壓的正向值為U0,反向值也為U0,A、B間的電場可看作勻強(qiáng)電場,且兩板外無電場.現(xiàn)有質(zhì)量為m、電荷量為e(重力不計(jì))的電子束,以速度v0沿A、B兩板間的中心線OO′射入兩板間的偏轉(zhuǎn)電場,所有電子均能通過偏轉(zhuǎn)電場,最后打在熒屏上. (1)求電子通過偏轉(zhuǎn)電場的時(shí)間t

17、0. (2)若UAB的周期T=t0,求從OO′上方飛出偏轉(zhuǎn)電場的電子在飛出時(shí)離OO′的最大距離. (3)若UAB的周期T=2t0,求電子擊中熒光屏上O′點(diǎn)時(shí)的速率. 解析:(1)電子在水平方向做勻速運(yùn)動,v0t0=l, 解得t0=. (2)當(dāng)T=t0時(shí),t=0時(shí)刻進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場的電子向上側(cè)移距離最大.設(shè)最大距離為ym,加速度大小為a,則: ym=2×a2,a=, 解得最大距離ym=. (3)當(dāng)T=2t0時(shí),電子要到達(dá)O′點(diǎn)在電場中必須在豎直方向上先加速后減速再反向加速,并且加速度大小相等,離開電場后豎直方向上勻速,從O到O′的整個過程向上的位移和向下的位移大小相等.設(shè)向上加速時(shí)間

18、為Δt,則在豎直方向上有: y上=2×a(Δt)2 y下=a(t0-2Δt)2+a(t0-2Δt) 要到達(dá)O′點(diǎn),則有y上=y(tǒng)下. 解得:Δt=0.4t0,另一解:Δt=3t0舍去. 所以,到達(dá)O′點(diǎn)的電子在豎直方向上的速度大小為vy=a(t0-2Δt) 到達(dá)熒光屏上O′點(diǎn)的電子的速率為v=, 解得:電子擊中熒光屏上O′點(diǎn)時(shí)的速率 v= 答案:(1) (2) (3) 14.如圖所示,相距2L的AB、CD兩直線間的區(qū)域存在著兩個大小不同、方向相反的有界勻強(qiáng)電場,其中PS下方的電場E1的場強(qiáng)方向?yàn)樨Q直向上,PS上方的電場E2的場強(qiáng)方向?yàn)樨Q直向下.在電場左邊界AB上寬為L的PQ區(qū)

19、域內(nèi),連續(xù)分布著電荷量為+q、質(zhì)量為m的粒子.從某時(shí)刻起由Q到P點(diǎn)間的帶電粒子,依次以相同的初速度v0沿水平方向垂直射入勻強(qiáng)電場E1中.從Q點(diǎn)射入的粒子,通過PS上的某點(diǎn)R進(jìn)入勻強(qiáng)電場E2后從CD邊上的M點(diǎn)水平射出,其軌跡如圖.若MS兩點(diǎn)的距離為.不計(jì)粒子的重力及它們間的相互作用. (1)求電場強(qiáng)度E1與E2的大?。? (2)在PQ間還有許多水平射入電場的粒子通過電場后也能垂直于CD邊水平射出,這些入射點(diǎn)到P點(diǎn)的距離有什么規(guī)律? 解析:(1)設(shè)粒子由Q到R及R到M點(diǎn)的時(shí)間分別為t1與t2,到達(dá)R時(shí)豎直速度為vy, 由y=at2、vy=at及F=qE=ma得: L=a1t=t =a2t=t vy=t1=t2 v0(t1+t2)=2L 聯(lián)立解得:E1=,E2=. (2)由(1)知E2=2E1,t1=2t2.因沿PS方向所有粒子做勻速運(yùn)動,所以它們到達(dá)CD邊的時(shí)間均為t=.設(shè)PQ間距離P點(diǎn)為h的粒子射入電場后,經(jīng)過n(n=2,3,4,…)個類似于Q→R→M的循環(huán)運(yùn)動(包括粒子從電場E2穿過PS進(jìn)入電場E1的運(yùn)動)后,恰好垂直于CD邊水平射出,則它的速度第一次變?yōu)樗剿脮r(shí)間為T==(n=2,3,4,…),第一次到達(dá)PS邊的時(shí)間則為T,則 h=··2=(n=2,3,4,…) 答案:(1)  (2)見解析

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