新編高三理科數(shù)學(xué)新課標(biāo)二輪習(xí)題：第三部分 題型指導(dǎo)考前提分 題型練10 Word版含答案

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1、 題型練10　大題綜合練(二) 1.設(shè)數(shù)列{an}(n=1,2,3,…)的前n項和Sn滿足Sn=2an-a1,且a1,a2+1,a3成等差數(shù)列. (1)求數(shù)列{an}的通項公式; (2)記數(shù)列1an的前n項和為Tn,求使得|Tn-1|<11000成立的n的最小值. 2.某工廠生產(chǎn)A,B兩種產(chǎn)品,其質(zhì)量按測試指標(biāo)劃分,指標(biāo)大于或等于88為合格品,小于88為次品.現(xiàn)隨機(jī)抽取這兩種產(chǎn)品各100件進(jìn)行檢測,檢測結(jié)果統(tǒng)計如下: 測試指標(biāo) [80,84) [84,88) [88,92) [92,96) [96,100]

2、 產(chǎn)品A 6 14 42 31 7 產(chǎn)品B 8 17 40 30 5 (1)試分別估計產(chǎn)品A,B為合格品的概率; (2)生產(chǎn)1件產(chǎn)品A,若是合格品則盈利45元,若是次品則虧損10元;生產(chǎn)1件產(chǎn)品B,若是合格品則盈利60元,若是次品則虧損15元.在(1)的前提下,①X為生產(chǎn)1件產(chǎn)品A和1件產(chǎn)品B所得的總利潤,求隨機(jī)變量X的分布列和數(shù)學(xué)期望;②求生產(chǎn)5件產(chǎn)品B所得利潤不少于150元的概率. 3. 如圖,在三棱臺ABC-DEF中,平面BCFE⊥平面ABC,∠ACB=90°,BE=EF=FC=1,B

3、C=2,AC=3. (1)求證:BF⊥平面ACFD; (2)求二面角B-AD-F的平面角的余弦值. 4.設(shè)橢圓E:x2a2+y2b2=1(a>b>0)過M(2,2),N(6,1)兩點,O為坐標(biāo)原點. (1)求橢圓E的方程; (2)是否存在圓心在原點的圓,使得該圓的任意一條切線與橢圓E恒有兩個交點A,B,且OA⊥OB?若存在,寫出該圓的方程,并求|AB|的取值范圍:若不存在,請說明理由. 5.已知函數(shù)f(x)=aln x-ax-3(a∈R). (1)若a=-1,求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間; (2)若函數(shù)y=

4、f(x)的圖象在點(2,f(2))處的切線的傾斜角為45°,對于任意的t∈[1,2],函數(shù)g(x)=x3+x2f'(x)+m2在區(qū)間(t,3)上總不是單調(diào)函數(shù),求m的取值范圍; (3)求證:ln22×ln33×ln44×…×lnnn<1n(n≥2,n∈N*). 參考答案 題型練10　大題綜合練(二) 1.解(1)由已知Sn=2an-a1,有 an=Sn-Sn-1=2an-2an-1(n≥2), 即an=2an-1(n≥2). 從而a2=2a1,a3=2a2=4a1. 又因為a1,a2+1,a3成等差數(shù)列, 即a1+a

5、3=2(a2+1). 所以a1+4a1=2(2a1+1),解得a1=2. 所以,數(shù)列{an}是首項為2,公比為2的等比數(shù)列. 故an=2n. (2)由(1)得1an=12n. 所以Tn=12+122+…+12n=121-12n1-12=1-12n. 由|Tn-1|<11000,得1-12n-1<11000, 即2n>1000. 因為29=512<1000<1024=210, 所以n≥10. 于是,使|Tn-1|<11000成立的n的最小值為10. 2.解(1)由題意知,產(chǎn)品A為合格品的概率約為42+31+7100=45,產(chǎn)品B為合格品的概率約為40+30+5100=34.

6、 (2)①隨機(jī)變量X的所有可能取值為-25,30,50,105. P(X=-25)=1-451-34=120; P(X=30)=45×1-34=15; P(X=50)=1-45×34=320; P(X=105)=45×34=35. 所以隨機(jī)變量X的分布列為 X -25 30 50 105 P 120 15 320 35 E(X)=(-25)×120+30×15+50×320+105×35=75.25. ②生產(chǎn)的5件產(chǎn)品B中,合格品為3,4,5件時,所得利潤不少于150元,記“生產(chǎn)5件產(chǎn)品B所得利潤不少于150元”為事件M, 則P(M)=C53×343×

7、142+C54×344×14+C55345=459512. 3.(1)證明延長AD,BE,CF相交于一點K,如圖所示. 因為平面BCFE⊥平面ABC,且AC⊥BC, 所以AC⊥平面BCK,因此BF⊥AC. 又因為EF∥BC,BE=EF=FC=1,BC=2, 所以△BCK為等邊三角形,且F為CK的中點,則BF⊥CK. 所以BF⊥平面ACFD. (2)解法一過點F作FQ⊥AK于Q,連接BQ. 因為BF⊥平面ACK,所以BF⊥AK,則AK⊥平面BQF,所以BQ⊥AK. 所以∠BQF是二面角B-AD-F的平面角. 在Rt△ACK中,AC=3,CK=2,得FQ=31313. 在

8、Rt△BQF中,FQ=31313,BF=3,得cos∠BQF=34. 所以,二面角B-AD-F的平面角的余弦值為34. 解法二如圖,延長AD,BE,CF相交于一點K,則△BCK為等邊三角形. 取BC的中點O,則KO⊥BC, 又平面BCFE⊥平面ABC, 所以,KO⊥平面ABC. 以點O為原點,分別以射線OB,OK的方向為x,z的正方向,建立空間直角坐標(biāo)系O-xyz. 由題意得B(1,0,0),C(-1,0,0),K(0,0,3),A(-1,-3,0),E12,0,32,F-12,0,32. 因此,AC=(0,3,0),AK=(1,3,3),AB=(2,3,0). 設(shè)平面A

9、CK的法向量為m=(x1,y1,z1),平面ABK的法向量為n=(x2,y2,z2). 由AC·m=0,AK·m=0得3y1=0,x1+3y1+3z1=0,取m=(3,0,-1); 由AB·n=0,AK·n=0得2x2+3y2=0,x2+3y2+3z2=0,取n=(3,-2,3). 于是,cos=m·n|m||n|=34. 所以,二面角B-AD-F的平面角的余弦值為34. 4.解(1)將M,N的坐標(biāo)代入橢圓E的方程,得 4a2+2b2=1,6a2+1b2=1,解得a2=8,b2=4. 所以橢圓E的方程為x28+y24=1. (2)假設(shè)滿足題意的圓存在,其方程為x2+y

10、2=R2,其中0

11、 將其代入⑤得R=263,所以存在圓x2+y2=83滿足題意. 當(dāng)切線AB的斜率不存在時,易得x12=x22=83,由橢圓E的方程得y12=y22=83,顯然OA⊥OB. 綜上所述,存在圓x2+y2=83滿足題意. 如圖,過原點O作OD⊥AB,垂足為D,則D為切點,設(shè)∠OAB=θ,則θ為銳角, 且|AD|=263tanθ,|BD|=263tanθ, 所以|AB|=263tanθ+1tanθ. 因為2≤|OA|≤22,所以22≤tanθ≤2. 令x=tanθ,易證: 當(dāng)x∈22,1時,|AB|=263x+1x單調(diào)遞減; 當(dāng)x∈[1,2]時,|AB|=263x+1x單調(diào)遞增

12、. 所以463≤|AB|≤23. 5.(1)解當(dāng)a=-1時,f'(x)=x-1x(x>0),由f'(x)>0,得x∈(1,+∞); 由f'(x)<0,得x∈(0,1), ∴函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(1,+∞);單調(diào)遞減區(qū)間為(0,1). (2)解∵f'(x)=a(1-x)x(x>0),∴f'(2)=-a2=1. ∴a=-2,f(x)=-2lnx+2x-3,g(x)=x3+m2+2x2-2x.∴g'(x)=3x2+(m+4)x-2. ∵g(x)在區(qū)間(t,3)上不是單調(diào)函數(shù),且g'(0)=-2,∴g'(t)<0,g'(3)>0. 由題意知,對于任意的t∈[1,2],g'(t)<0恒成立, ∴g'(1)<0,g'(2)<0,g'(3)>0,∴-373f(1), 即-lnx+x-1>0, ∴0