《高三人教版數(shù)學理一輪復習課時作業(yè) 第二章 函數(shù)、導數(shù)及其應用 第十二節(jié)》由會員分享,可在線閱讀,更多相關《高三人教版數(shù)學理一輪復習課時作業(yè) 第二章 函數(shù)、導數(shù)及其應用 第十二節(jié)(7頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、高考數(shù)學精品復習資料 2019.5 課時作業(yè) 一、選擇題 1(20 xx 遼寧高考)函數(shù) y12x2ln x 的單調(diào)遞減區(qū)間為 ( ) A(1,1 B(0,1 C1,) D(0,) B 對函數(shù) y12x2ln x 求導,得 yx1xx21x(x0), 令x21x0,x0,解得 x(0, 1 因此函數(shù) y12x2ln x 的單調(diào)遞減區(qū)間為(0, 1 故選 B. 2(20 xx 荊州市質(zhì)檢)設函數(shù) f(x)在 R 上可導,其導函數(shù)是 f(x),且函數(shù) f(x)在 x2 處取得極小值,則函數(shù) yxf(x)的圖象可能是 ( ) C f(x)在 x2 處取得極小值,即 x2,f(x)0; x2,f(x)
2、0,那么 yxf(x)過點(0,0)及(2,0) 當 x2 時,x0,f(x)0,則 y0; 當2x0 時,x0,f(x)0,y0; 當 x0 時,f(x)0,y0,故 C 正確 3(理)(20 xx 遼寧高考)設函數(shù) f(x)滿足 x2f(x)2xf(x)exx,f(2)e28,則 x0 時,f(x) ( ) A有極大值,無極小值 B有極小值,無極大值 C既有極大值又有極小值 D既無極大值也無極小值 D 令 F(x)x2f(x), 則 F(x)x2f(x)2xf(x)exx,F(xiàn)(2)4 f(2)e22. 由 x2f(x)2xf(x)exx, 得 x2f(x)exx2xf(x)ex2x2f(x
3、)x, f(x)ex2F(x)x3. 令 (x)ex2F(x), 則 (x)ex2F(x)ex2exxex(x2)x. (x)在(0,2)上單調(diào)遞減,在(2,)上單調(diào)遞增, (x)的最小值為 (2)e22F(2)0. (x)0. 又 x0,f(x)0.f(x)在(0,)上單調(diào)遞增 f(x)既無極大值也無極小值故選 D. 3(文)(20 xx 福建高考)設函數(shù) f(x)的定義域為 R,x0(x00)是 f(x)的極大值點,以下結(jié)論一定正確的是 ( ) AxR,f(x)f(x0) Bx0是 f(x)的極小值點 Cx0是f(x)的極小值點 Dx0是f(x)的極小值點 D 由函數(shù)極大值的概念知 A 錯
4、誤; 因為函數(shù) f(x)的圖象與 f(x)的圖象關于 y軸對稱,所以x0是 f(x)的極大值點B 選項錯誤;因為 f(x)的圖象與f(x)的圖象關于 x 軸對稱,所以 x0是f(x)的極小值點故 C 選項錯誤;因為 f(x)的圖象與f(x)的圖象關于原點成中心對稱,所以x0是f(x)的極小值點故 D 正確 4若 f(x)12(x2)2bln x 在(1,)上是減函數(shù),則 b 的取值范圍是 ( ) A1,) B(1,) C(,1 D(,1) C 由題意可知 f(x)(x2)bx0 在(1, )上恒成立, 即 bx(x2)在 x(1,)上恒成立, 由于 (x)x(x2)x22x(x(1,)的值域是
5、(1,),故只要 b1即可正確選項為 C. 5. (20 xx 湖北高考)已知函數(shù) f(x)x(ln xax)有兩個極值點,則實數(shù) a 的取值范圍是 ( ) A(,0) B.0,12 C(0,1) D(0,) B f(x)ln xaxx1xa ln x2ax1,函數(shù) f(x)有兩個極值點,即 ln x2ax10 有兩個不同的根(在正實數(shù)集上), 即函數(shù) g(x)ln x1x與函數(shù) y2a 在(0,)上有兩個不同交點因為 g(x)ln xx2,所以 g(x)在 (0,1)上遞增,在(1,)上遞減,所以 g(x)maxg(1)1,如圖 若 g(x)與 y2a 有兩個不同交點,須 02a1. 即 0
6、a12,故選 B. 6函數(shù) f(x)x33x1,若對于區(qū)間3,2上的任意 x1,x2,都有|f(x1)f(x2)|t,則實數(shù) t 的最小值是 ( ) A20 B18 C3 D0 A 因為 f(x)3x233(x1)(x1),令 f(x)0,得 x 1,所以1,1為函數(shù)的極值點又 f(3)19,f(1)1,f(1)3,f(2)1,所以在區(qū)間3, 2上 f(x)max1, f(x)min19.又由題設知在區(qū)間3, 2上 f(x)maxf(x)mint,從而 t20,所以 t 的最小值是 20. 二、填空題 7已知函數(shù) f(x)x3mx2(m6)x1 既存在極大值又存在極小值,則實數(shù) m 的取值范圍
7、是_ 解析 f(x)3x22mxm60 有兩個不等實根, 即4m212(m6)0.所以 m6 或 m3. 答案 (,3)(6,) 8(20 xx 濟寧模擬)若函數(shù) f(x)x36bx3b 在(0,1)內(nèi)有極小值,則實數(shù) b 的取值范圍是_ 解析 f(x)3x26b. 當 b0 時,f(x)0 恒成立,函數(shù) f(x)無極值 當 b0 時,令 3x26b0 得 x 2b. 由函數(shù) f(x)在 (0,1)內(nèi)有極小值,可得 0 2b1, 0b12. 答案 0,12 9已知函數(shù) f(x)12x24x3ln x 在t,t1上不單調(diào),則 t 的取值范圍是_ 解析 由題意知 f(x)x43xx24x3x(x1
8、)(x3)x, 由 f(x)0 得函數(shù) f(x)的兩個極值點為 1,3,則只要這兩個極值點有一個在區(qū)間(t,t1)內(nèi),函數(shù) f(x)在區(qū)間t,t1上就不單調(diào),由 t1t1 或者 t3t1,得 0t1 或者 2t3. 答案 (0,1)(2,3) 三、解答題 10已知函數(shù) f(x)ax2bln x 在 x1 處有極值12. (1)求 a,b 的值; (2)判斷函數(shù) yf(x)的單調(diào)性并求出單調(diào)區(qū)間 解析 (1)f(x)2axbx. 又 f(x)在 x1 處有極值12. f(1)12,f(1)0,即a12,2ab0. 解得 a12,b1. (2)由(1)可知 f(x)12x2ln x,其定義域是(0
9、,), 且 f(x)x1x(x1)(x1)x. 由 f(x)0,得 0 x0,得 x1. 所以函數(shù) yf(x)的單調(diào)減區(qū)間是(0,1), 單調(diào)增區(qū)間是(1,) 11(20 xx 蘭州調(diào)研)已知實數(shù) a0,函數(shù) f(x)ax(x2)2(xR)有極大值 32. (1)求函數(shù) f(x)的單調(diào)區(qū)間; (2)求實數(shù) a 的值 解析 (1)f(x)ax34ax24ax, f(x)3ax28ax4a. 令 f(x)0,得 3ax28ax4a0. a0,3x28x40,x23或 x2. a0,當 x,23或 x(2,)時,f(x)0. 函數(shù) f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為,23和(2,); 當 x23,2 時,f(
10、x)0, 函數(shù) f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間為23,2 . (2)當 x,23時,f(x)0; 當 x23,2 時,f(x)0; 當 x(2,)時,f(x)0, f(x)在 x23時取得極大值, 即 a23232232. a27. 12(20 xx 鄭州質(zhì)量預測)已知函數(shù) f(x)1xaxln x. (1)當 a12時,求 f(x)在1,e上的最大值和最小值; (2)若函數(shù) g(x)f(x)14x 在1,e上為增函數(shù),求正實數(shù) a 的取值范圍 解析 (1)當 a12時,f(x)2(1x)xln x, f(x)x2x2,令 f(x)0,得 x2, 當 x1,2)時,f(x)0,故 f(x)在(2,e上單調(diào)遞增, 故 f(x)minf(2)ln 21. 又f(1)0,f(e)2ee0), 設 (x)ax24ax4, 由題意知,只需 (x)0 在1,e上恒成立即可滿足題意 a0,函數(shù) (x)的圖象的對稱軸為 x2, 只需 (1)3a40, 即 a43即可 故正實數(shù) a 的取值范圍為43, .