高中物理 模塊綜合檢測二新人教版必修1

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1、 模塊綜合檢測(二) (時間：90分鐘　分值：100分) 一、單項選擇題(本題共10小題，每題3分，共30分．每小題中只有一個選項是正確的，選對得3分，錯選、不選或多選均不得分．) 1．北京時間10月17日7時30分28秒，“神舟十一號”發(fā)射成功，中國載人航天再度成為世人矚目的焦點．下列說法正確的是(　　) A．7時30分28秒表示時間間隔 B．研究“神舟十一號”飛行姿態(tài)時，可把“神舟十一號”看作質點 C．“神舟十一號”繞地球飛行一圈位移不為零 D．“神舟十一號”繞地球飛行一圈平均速度為零 解析：時刻與時間軸上的點對應，時間間隔與時間軸上的線段相對應，是兩個時刻間的間隔，所以

2、7時30分28秒表示“時刻”，故A錯誤； 研究“神舟十一號”飛行姿態(tài)時，如果將“神舟十一號”看成一個質點，對點而言無所謂姿態(tài)的，故不能將“神舟十一號”看成質點，故B錯誤；“神舟十一號”繞地球飛行一圈，初末位置相同，則位移為零，故C錯誤；平均速度等于位移和時間的比值，因為飛行一圈的過程中位移為0，所以平均速度為0，故D正確．故選D. 答案：D 2．一質點在x軸上運動，每秒末的位置坐標如下表所示，則： t/s 0 1 2 3 4 5 x/m 0 1 4 －1 －7 1 A.質點在這5 s內做的是勻速運動 B．質點在這5 s內做的是勻加速運動 C．質點在第5

3、 s內的位移比任何一秒內的位移都大 D．質點在第4 s內的平均速度比任何一秒內的平均速度都大 解析：質點在x軸上往復運動，質點的位移等于初末坐標之差，即Δx＝x2－x1，確定出前5 s每1秒內的位移，再判斷哪一秒內位移最大，位移大小是位移的絕對值，平均速度等于位移與時間的比值，根據題表數據可知質點在這5 s內做非勻變速運動，在第5 s內的位移比任何一秒內的位移都大且平均速度最大，本題選C. 答案：C 3．同時作用在某物體上的兩個方向相反的力，大小分別為6 N和8 N，當8 N的力逐漸減小到零的過程中，兩力合力的大小(　　) A．先減小，后增大　 B．先增大，后減小 C．逐漸增大

4、 D．逐漸減小 解析：當8 N的力減小到6 N時，兩個力的合力最小，為0，若再減小，兩力的合力又將逐漸增大，兩力的合力最大為6 N，故A正確． 答案：A 4．(2014北京高考)應用物理知識分析生活中的常見現象，可以使物理學習更加有趣和深入．例如，平伸手掌托起物體，由靜止開始豎直向上運動，直至將物體拋出．對此現象分析正確的是(　　) A．手托物體向上運動的過程中，物體始終處于超重狀態(tài) B．手托物體向上運動的過程中，物體始終處于失重狀態(tài) C．在物體離開手的瞬間，物體的加速度大于重力加速度 D．在物體離開手的瞬間，手的加速度大于重力加速度 解析：本題考查牛頓第二定律的應用，重在物理

5、過程的分析，根據加速度方向判斷超重和失重現象．手托物體拋出的過程，必有一段加速過程，其后可以減速，可以勻速，當手和物體勻速運動時，物體既不超重也不失重；當手和物體減速運動時，物體處于失重狀態(tài)，選項A錯誤；物體從靜止到運動，必有一段加速過程，此過程物體處于超重狀態(tài)，選項B錯誤；當物體離開手的瞬間，物體只受重力，此時物體的加速度等于重力加速度，選項C錯誤；手和物體分離之前速度相同，分離之后手速度的變化量比物體速度的變化量大，物體離開手的瞬間，手的加速度大于重力加速度，所以選項D正確． 答案：D 5.如圖所示，質量均為m的A、B兩物體疊放在豎直彈簧上并保持靜止，用大小等于mg的恒力F向上拉B，運

6、動距離h時，B與A分離．下列說法正確的是(　　) A．B和A剛分離時，彈簧長度等于原長 B．B和A剛分離時，它們的加速度為g C．彈簧的勁度系數等于 D．在B與A分離之前，它們做勻加速直線運動 解析：A、B分離前，A、B共同做加速運動，由于F是恒力，而彈力是變力，故A、B做變加速直線運動，當兩物體要分離時，FAB＝0， 對B：F－mg＝ma，對A：kx－mg＝ma. 即F＝kx時，A、B分離，此時彈簧仍處于壓縮狀態(tài)， 由F＝mg，設用恒力F拉B前彈簧壓縮量為x0， 則2mg＝kx0，h＝x0－x， 解以上各式得k＝，綜上所述，只有C項正確． 答案：C 6.如圖所示，

7、質量為m的物體放在水平桌面上，在與水平方向成θ的拉力F作用下加速往前運動，已知物體與桌面間的動摩擦因數為μ，則下列判斷正確的是(　　) A．物體受到的摩擦力為Fcos θ B．物體受到摩擦力為μmg C．物體對地面的壓力為mg D．物體受到地面的支持力為mg－Fsin θ 解析：對物體受力分析，如圖所示，則有 物體受到的摩擦力為f＝μN＝μ(mg－Fsin θ)，故A、B錯誤． 物體對地面的壓力與地面對物體的支持力是作用力與反作用力，而支持力等于mg－Fsin θ，故C錯誤． 物體受到地面的支持力為mg－Fsin θ，故D正確． 答案：D 7．質點做直線運動的位移x

8、和時間t2的關系圖象如圖所示，則該質點(　　) A．質點的加速度大小恒為1 m/s2 B．0～2 s內的位移是為1 m C．2末的速度是 4 m/s D．物體第3 s內的平均速度大小為3 m/s 解析：根據x＝at2得，可知圖線的斜率表示a，則a＝，a＝2m/s2.故A錯誤.0－2 s內的位移x＝at2＝24 m＝4 m．故B錯誤.2 s末的速度v＝at＝22 m/s＝4 m/s.故C正確．物體在第3 s內的位移x＝at－at＝2(9－4) m＝5 m，則平均速度v＝＝5 m/s.故D錯誤. 答案：C 8．星級快車出站時能在150 s內勻加速到180 km/h，然后正常行駛

9、．某次因意外列車以加速時的加速度大小將車速減至108 km/h.以初速度方向為正方向，則下列說法不正確的是(　　) A．列車加速時的加速度大小為 m/s2 B．列車減速時，若運用v＝v0＋at計算瞬時速度，其中a＝－ m/s2 C．若用v-t圖象描述列車的運動，減速時的圖線在時間軸(t軸)的下方 D．列車由靜止加速，1 min內速度可達20 m/s 解析：列車的加速度大小a＝＝ m/s2＝ m/s2，減速時，加速度方向與速度方向相反，a′＝－ m/s2，故A、B兩項都正確．列車減速時，vt圖象中圖線依然在時間軸(t軸)的上方，C項錯． 由v＝at可得v＝60 m/s＝20 m/s，

10、D項對． 答案：C 9.用一輕繩將小球P系于光滑墻壁上的O點，在墻壁和球P之間夾有一長方體物塊Q，如圖所示．P、Q均處于靜止狀態(tài)，則下列相關說法正確的是(　　) A．Q物體受3個力 B．P物體受3個力 C．若繩子變短，Q受到的靜摩擦力將增大 D．若繩子變長，繩子的拉力將變小 解析：墻壁光滑，Q處于靜止狀態(tài)，則P、Q間必有摩擦力，Q應受4個力作用，P受4個力作用，故A，B錯．對Q，P物體受力分析如圖所示，對P由平衡條件：Tsin θ＝N1，Tcos θ＝mPg＋f，對Q由平衡條件：f′＝mQg，故f′不變，C錯．根據牛頓第三定律，f＝f′，N1＝N1′，當繩子變長時，θ減小，故

11、T減小，D對． 答案：D 10.如圖所示，在光滑水平面上有一質量為m1的足夠長的木板，其上疊放一質量為m2的木塊．假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等．現給木塊施加一隨時間t增大的水平力F＝kt(t是常數)，木板和木塊加速度的大小分別為a1和a2.下圖中反映a1和a2變化的圖線中正確的是(　　) 解析：當拉力F很小時，木塊和木板一起加速運動，由牛頓第二定律，對木塊和木板：F＝(m1＋m2)a，故a1＝a2＝a＝＝t；當拉力很大時，木塊和木板將發(fā)生相對運動，對木板：μm2g＝m1a1，得a1＝，對木塊：F－μm2g＝m2a2，得a2＝＝t－μg，A正確．故正確答案為

12、A. 答案：A 二、多項選擇題(本題共4小題，每題6分，共24分．每小題有多個選項是正確的，全選對得6分，少選得3分，選錯、多選或不選得0分．) 11.如圖所示，粗糙水平面上疊放著P、Q兩木塊，用水平向右的力F推Q使它們保持相對靜止一起向右運動，P、Q受力的個數可能是(　　) A．P受2個力，Q受5個力 B．P受3個力，Q受5個力 C．P受3個力，Q受6個力 D．P受4個力，Q受6個力 解析：題目沒有說明它們的運動狀態(tài)，可能有兩種情況： (1)勻速運動：對P進行受力分析，處于平衡狀態(tài)，只受到重力和支持力；對Q，則受到重力、地面的支持力、P的壓力以及地面的摩擦力和推力F的作

13、用，共5個力．所以選項A正確； (2)在水平推力的作用下，物體P、Q一起勻加速滑動，則對P受力分析：重力與支持力，及向右的靜摩擦力共3個力．對Q受力分析：重力、地面支持力、P對Q的壓力、水平推力、地面給Q的滑動摩擦力，及P對Q的靜摩擦力共6個力．所以選項C正確．故選AC. 答案：AC 12.a、b兩車在平直公路上行駛，其v－t圖象如圖所示，在t＝0時，兩車間距為s0，在t＝t1時間內，a車的位移大小為s，下列說法不正確的是(　　) A．0～t1時間內a、b兩車相向而行 B．0～t1時間內a車平均速度大小是b車平均速度大小的2倍 C．若a、b在t1時刻相遇，則s0＝ s D．若

14、a、b在時刻相遇，則下次相遇時刻為2t1 解析：由圖可知0～t1時間內a、b兩車同向行駛，故選項A錯；由v＝可得：va＝＝、vb＝，由此計算，故選項B錯誤；由相遇根據圖象：可推出要在t1時刻s0＝s，故選項C正確；由圖線中的斜率和運動規(guī)律可知若a、b在時刻相遇，則下次相遇時刻不是2t1，故選項D錯誤． 答案：ABD 13.如圖所示，傳送帶的水平部分長為L，向右傳動速率為v，在其左端無初速釋放一木塊．若木塊與傳送帶間的動摩擦因數為μ，則木塊從左端運動到右端的時間可能是(　　) A.＋ B. C. D. 解析：若木塊一直勻加速至傳送帶右端，則由L＝μgt2可得，木塊從左端運

15、動到右端的時間為t＝，若木塊加速至傳送帶右端時恰與帶同速，則由L＝t可得：t＝，若木塊加速至v后又勻速一段至帶的右端，則有： t＝＋＝＋，故A、C、D均正確． 答案：ACD 14．如圖所示，質量分別為mA和mB的物體A、B用細繩連接后跨過滑輪，A靜止在傾角為45的斜面上．已知mA＝2mB，不計滑輪摩擦，現將斜面傾角由45增大到50，系統(tǒng)保持靜止．下列說法正確的是(　　) A．細繩對A的拉力將增大 B．A對斜面的壓力將減小 C．A受到的靜摩擦力不變 D．A受到的合力不變 解析：設mA＝2mB＝2m，對物體B受力分析，受重力和支持力，由二力平衡得到：T＝mg 再對物體A受力分

16、析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力，如圖，根據平衡條件得到： f＋T－2mgsinθ＝0，N－2mgcosθ＝0，解得：f＝2mgsinθ－T＝2mgsinθ－mg，N＝2mgcosθ； 當θ不斷變大時，f不斷變大，N不斷變小，故選項B正確，A、C錯誤； 系統(tǒng)保持靜止，合力始終為零不變，故選項D正確； 答案：BD 三、非選擇題(共4小題，共46分) 15．(8分)某同學用如圖所示的實驗裝置研究小車在斜面上的運動． 實驗步驟如下： a．安裝好實驗器材． b．接通電源后，讓拖著紙帶的小車沿平板斜面向下運動，重復幾次．下圖為一次實驗得到的一條紙帶，紙帶上每相鄰的兩計數點間都

17、有四個點未畫出，按時間順序取0、1、2、3、4、5、6七個計數點，用米尺量出1、2、3、4、5、6點到0點的距離如圖所示(單位：cm)． c．測量1、2、3、…6計數點到0計數點的距離，分別記做s1、s2、s3…、s6記錄在以下表格中，其中第2點的讀數如圖，請?zhí)钊胂路奖砀裰校? 計數點 1 2 3 4 5 6 s/cm 6.18 19.86 27.32 35.22 43.54 d.通過測量和計算，該同學判斷出小車沿平板做勻加速直線運動． e．分別計算出打計數點時的速度v1、v2、v3、v4、v5，并記錄在以下表格中，請計算出v1并填入下方表格 . 計

18、數點 1 2 3 4 5 v/(ms－1) 0.68 0.73 0.77 0.81 f.以v為縱坐標、t為橫坐標，請在圖中描出各點，并畫出v-t圖線．由圖求得a＝______m/s2.(保留兩位有效數字) 解析：c.刻度尺的讀數需要估讀一位，故為：12.80 cm. e．在勻變速運動中，中間時刻的瞬時速度等于該段位移的平均速度： v1＝＝ m/s＝0.64 m/s. f．描點后如圖所示． 在vt中圖線的斜率表示加速度： a＝＝ m/s2＝0.43 m/s2. 答案：12.80　0.64　圖略　0.43 16．(8分)一光滑圓環(huán)固定在豎直平面內，

19、環(huán)上套著兩個小球A和B(中央有孔)，A、B間由細繩連接著，它們處于如圖所示位置時恰好都能保持靜止狀態(tài)．此情況下，B球與環(huán)中心O處于同一水平面上，A、B間的細繩呈伸直狀態(tài)，與水平線成30夾角，已知B球的質量為3 kg，求細繩對B球的拉力和A球的質量mA(取g＝10 m/s2)． 解析：對A球受力分析如圖所示，可知： 水平方向：Tcos 30＝NAsin 30， 豎直方向：NAcos 30＝mAg＋Tsin 30， 同理對B球進行受力分析及正交分解得： 豎直方向：Tsin 30＝mBg， 聯立以上三式可得：T＝60 N，mA＝2mB＝6 kg. 答案：60 N　6 kg 1

20、7．(12分)如圖所示，水平地面O點的正上方的裝置M每隔相等的時間由靜止釋放一小球，當某小球離開M的同時，O點右側一長為L＝1.2 m的平板車開始以a＝6.0 m/s2的恒定加速度從靜止開始向左運動，該小球恰好落在平板車的左端，已知平板車上表面距離M的豎直高度為h＝0.45 m，忽略空氣的阻力，重力加速度g取10 m/s2. (1)求小球左端離O點的水平距離； (2)若至少有2個小球落在平板車上，則釋放小球的時間間隔Δt應滿足什么條件？ 解析：(1)設小球自由下落至平板車上表面處歷時t0，在該時間段內由運動學方程 對小球有：h＝gt① 對平板車有：x＝at② 由①②式并代入數據

21、可得：x＝0.27 m. (2)從釋放第一個小球至第2個小球下落到平板車上表面高度處歷時Δt＋t0，設平板車在該時間段內的位移為x1，由運動學方程有：x1＝a(Δt＋t0)2③ 至少有2個小球落在平板車上須滿足：x1≤x＋L④ 由①～④式并代入數據可得：Δt≤0.4 s. 答案：(1)0.27 m　(2)Δt≤0.4 s 18．(18分)如圖甲所示，質量為M＝4 kg足夠長的木板靜止在光滑的水平面上，在木板的中點放一個質量m＝4 kg大小可以忽略的鐵塊，鐵塊與木板之間的動摩擦因數為μ＝0.2，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力．兩物塊開始均靜止，從t＝0時刻起鐵塊m受到水平向右、大小如圖乙

22、所示的拉力F的作用，F共作用時間為6 s，(取g＝10 m/s2)則： 圖甲　　　　　　　　圖乙 (1)鐵塊和木板在前2 s的加速度大小分別為多少？ (2)鐵塊和木板相對靜止前，運動的位移大小各為多少？ (3)拉力F作用的最后2 s內，鐵塊和木板的位移大小分別是多少？ 解析：(1)前2 s，由牛頓第二定律得 對鐵塊：F－μmg＝ma1，解得a1＝3 m/s2 對木板：μmg＝Ma2，解得a2＝2 m/s2. (2)2 s內，鐵塊的位移x1＝a1t2＝6 m木板的位移x2＝a2t2＝4 m 2 s末，鐵塊的速度v1＝a1t＝6 m/s 木板的速度v2＝a2t＝4 m/s

23、 2 s后，對鐵塊：F′－μmg＝ma1， 解得a1′＝1 m/s2 對木板：μmg＝Ma2，解得a2′＝2 m/s2 設再經過t0時間鐵塊和木板的共同速度為v， 則v＝v1＋a1′t0＝v2＋a2′t0， 解得t0＝2 s，v＝8 m/s 在t0內，鐵塊的位移x1′＝t0＝2 m＝14 m 木板的位移x2′＝t0＝2 m＝12 m 所以鐵塊和木板相對靜止前鐵塊運動的位移為 x鐵塊＝x1＋x1′＝20 m 鐵塊和木板相對靜止前木板運動的位移為 x木板＝x2＋x2′＝16 m. (3)拉力F作用的最后2 s，鐵塊和木板相對靜止，一起以初速度v＝8 m/s 做勻加速直線運動

24、，對鐵塊和木板整體：F＝(M＋m)a 解得a＝＝ m/s2＝1.5 m/s2 所以鐵塊和木板運動的位移均為 x3＝vΔt＋a(Δt)2＝19 m. 答案：(1)3 m/s2　2 m/s2　(2)20 m　16 m (3)19 m　19 m 6EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F375