第7章 2 知能達(dá)標(biāo)訓(xùn)練-2022高考物理【導(dǎo)學(xué)教程】新編大一輪總復(fù)習(xí)（word）人教版

《第7章 2 知能達(dá)標(biāo)訓(xùn)練-2022高考物理【導(dǎo)學(xué)教程】新編大一輪總復(fù)習(xí)（word）人教版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《第7章 2 知能達(dá)標(biāo)訓(xùn)練-2022高考物理【導(dǎo)學(xué)教程】新編大一輪總復(fù)習(xí)（word）人教版（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 [基礎(chǔ)題組] 1．(2020九江十三校聯(lián)考)下列說(shuō)法正確的是(　　) A．點(diǎn)電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)受力的方向一定是該點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向 B．電勢(shì)差的公式UAB＝，說(shuō)明電場(chǎng)中A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB與靜電力做功WAB成正比，與移動(dòng)電荷的電荷量q成反比 C．根據(jù)E＝知，電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)中兩點(diǎn)間的距離d成反比 D．若將一正電荷從電場(chǎng)中的A點(diǎn)移到B點(diǎn)電場(chǎng)力做正功，則A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì) [解析]　正點(diǎn)電荷所受的電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，負(fù)點(diǎn)電荷所受的電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，故A錯(cuò)誤；電勢(shì)差的公式UAB＝是運(yùn)用比值法定義的，電勢(shì)差UAB與靜電力做功、移動(dòng)電荷的電荷量無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；E＝

2、中d是兩點(diǎn)沿電場(chǎng)方向的距離，只適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)，而勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度處處相同，電場(chǎng)強(qiáng)度與d無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；根據(jù)公式WAB＝qUAB知，WAB＞0，q＞0，則UAB＞0，則A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)，故D正確。 [答案]　D 2．(多選)(2020武漢市部分高中高三聯(lián)考)如圖所示，光滑絕緣細(xì)直桿水平放置，等量異種點(diǎn)電荷在同一豎直線上，細(xì)桿過(guò)兩電荷連線的中點(diǎn)O，一個(gè)帶電小球套在桿上靜止在A點(diǎn)，現(xiàn)給小球一個(gè)向右的初速度，則小球向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中(　　) A．一直做勻速直線運(yùn)動(dòng) B．可能先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng) C．動(dòng)能可能先減小后增大 D．電勢(shì)能一直保持不變 [解析]　由于電場(chǎng)是等量異

3、種電荷產(chǎn)生的，絕緣細(xì)桿上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向均與桿垂直且向上，因此電場(chǎng)力對(duì)小球不做功，帶電小球電勢(shì)能不變，根據(jù)動(dòng)能定理可知小球的動(dòng)能不變，則小球一直做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A、D正確，B、C錯(cuò)誤。 [答案]　AD 3.(2020全國(guó)卷Ⅲ)如圖，∠M是銳角三角形PMN最大的內(nèi)角，電荷量為q(q>0)的點(diǎn)電荷固定在P點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是(　　) A．沿MN邊，從M點(diǎn)到N點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小逐漸增大 B．沿MN邊，從M點(diǎn)到N點(diǎn)，電勢(shì)先增大后減小 C．正電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能比其在N點(diǎn)的電勢(shì)能大 D．將正電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力所做的總功為負(fù) [解析]　如圖所示，找出Q點(diǎn)，使Q點(diǎn)與P點(diǎn)的距離

4、等于M點(diǎn)與P點(diǎn)的距離，L點(diǎn)為MN上到P點(diǎn)距離最短的點(diǎn)， 根據(jù)三角形邊角關(guān)系、點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式E＝k和正點(diǎn)電荷形成電場(chǎng)中的電勢(shì)特點(diǎn)可知，沿著MN邊，從M點(diǎn)到N點(diǎn)，到P點(diǎn)的距離r先減小后增大，電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，電勢(shì)也先增大后減小，選項(xiàng)B正確，A錯(cuò)誤；根據(jù)電勢(shì)能與電勢(shì)的關(guān)系Ep＝qφ可知，正電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能比在N點(diǎn)的電勢(shì)能大，故將正電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力所做的總功為正，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。 [答案]　BC 4．(多選)(2021山東泰安模擬)已知x軸上電場(chǎng)方向與x軸方向平行，x軸上各點(diǎn)電勢(shì)如圖所示，x＝0處電勢(shì)為5 V，一電子從x＝－2 cm處由靜止釋放，則下列說(shuō)法正確的是

5、(　　 ) A．x＝0處電場(chǎng)強(qiáng)度為零 B．電子在x＝－2 cm處的加速度小于電子在x＝－1 cm處的加速度 C．該電子運(yùn)動(dòng)到x＝0處時(shí)的動(dòng)能為3 eV D．該電子不可能運(yùn)動(dòng)到x＝2 cm處 [解析]　根據(jù)圖線斜率的意義可知，φx圖線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，所以可知在x＝0處電場(chǎng)強(qiáng)度為0，故A正確；圖線的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，由題圖可知x＝－2 cm處的電場(chǎng)強(qiáng)度大于x＝－1 cm處的電場(chǎng)強(qiáng)度，則電子的加速度：a＝可知電子在x＝－2 cm處的加速度大于電子在x＝－1 cm處的加速度，故B錯(cuò)誤；電子從x＝－2 cm處由靜止釋放，由題圖可知，在x＝－2 cm處的電勢(shì)為2 V，電子在x＝0處的電勢(shì)

6、為0，電子的電勢(shì)增大3 V，所以電子的電勢(shì)能減小3 eV。由于電子運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中只有電場(chǎng)力做功，電子動(dòng)能的增加量等于電勢(shì)能的減少量，所以電子到達(dá)x＝0處的動(dòng)能為3 eV，故C正確；由圖可知，y軸兩側(cè)的電場(chǎng)是對(duì)稱的，所以該電子能運(yùn)動(dòng)到x＝2 cm處，故D錯(cuò)誤。 [答案]　AC 5．(多選)(2020山東濰坊模擬)如圖，平面直角坐標(biāo)系內(nèi)有a、b、c三點(diǎn)，位置如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)平行于坐標(biāo)平面。將電子從a點(diǎn)分別移到坐標(biāo)原點(diǎn)和b點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功均為2 eV，知a點(diǎn)電勢(shì)為2 V，以下說(shuō)法正確的是(　　 ) A．b點(diǎn)電勢(shì)為零 B．電場(chǎng)強(qiáng)度大小為200 V/m C．電子在c點(diǎn)電勢(shì)能為－8 e

7、V D．將電子從a點(diǎn)移到b點(diǎn)和從b點(diǎn)移到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做功相同 [解析]　由題意可知：Uab＝Uao＝＝－2 V，因a點(diǎn)電勢(shì)為2 V，則bO兩點(diǎn)的電勢(shì)均為4 V，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；場(chǎng)強(qiáng)大小為： E＝＝ V/m＝200 V/m，選項(xiàng)B正確；bc連線與場(chǎng)強(qiáng)E方向平行，則Uab＝Eb＝200210－2V＝4 V，則c點(diǎn)的電勢(shì)為8 V，電子在c點(diǎn)電勢(shì)能為－8 eV，選項(xiàng)C正確；由于ab和bc的電勢(shì)差不相等，則將電子從a點(diǎn)移到b點(diǎn)和從b點(diǎn)移到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做功不相同，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 [答案]　BC 6．(多選)(2016全國(guó)卷Ⅰ)如圖，一帶負(fù)電荷的油滴在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，其軌跡在豎直面(紙面)內(nèi)，且相對(duì)

8、于過(guò)軌跡最低點(diǎn)P的豎直線對(duì)稱。忽略空氣阻力。由此可知(　　) A．Q點(diǎn)的電勢(shì)比P點(diǎn)高 B．油滴在Q點(diǎn)的動(dòng)能比它在P點(diǎn)的大 C．油滴在Q點(diǎn)的電勢(shì)能比它在P點(diǎn)的大 D．油滴在Q點(diǎn)的加速度大小比它在P點(diǎn)的小 [解析]　根據(jù)粒子的彎曲方向可知，粒子受到的合力一定指向上方；同時(shí)因軌跡關(guān)于P點(diǎn)對(duì)稱，可知電場(chǎng)力應(yīng)豎直向上；粒子帶負(fù)電，則電場(chǎng)方向豎直向下，所以Q點(diǎn)的電勢(shì)比P點(diǎn)高，故A正確；粒子由P到Q點(diǎn)的過(guò)程，合外力與電場(chǎng)力均對(duì)油滴做正功，動(dòng)能增加但電勢(shì)能減小，故B正確，C錯(cuò)誤；因油滴在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，油滴所受重力與電場(chǎng)力均為恒力，故P、Q兩點(diǎn)加速度大小相同，故D錯(cuò)誤。 [答案]　AB 7．

9、已知電荷均勻分布的絕緣球，球殼對(duì)殼內(nèi)點(diǎn)電荷的作用力為零，對(duì)球殼外點(diǎn)電荷的作用力等于將所有電荷量全部集中在球心的點(diǎn)電荷對(duì)球外點(diǎn)電荷的作用力。若真空中有一半徑為R的均勻帶正電的絕緣球，通過(guò)其球心作一條直線，用r表示該直線上某點(diǎn)到球心的距離，則該直線上各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E隨r變化的圖象正確的是(　　) [解析]　該球的電荷密度ρ＝，球內(nèi)某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度等于以距球心的距離r為半徑的球體所產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度，大小E＝k＝，球外某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E＝k，只有選項(xiàng)A正確。 [答案]　A 8．(多選)(2021江蘇模擬)如圖所示，ABC為等邊三角形，電荷量為＋q的點(diǎn)電荷固定在A點(diǎn)。先將一電荷量也為＋q的點(diǎn)電荷Q1

10、從無(wú)窮遠(yuǎn)處(電勢(shì)為0)移到C點(diǎn)，此過(guò)程中，電場(chǎng)力做功為－W。再將Q1從C點(diǎn)沿CB移到B點(diǎn)并固定。最后將一電荷量為－2q的點(diǎn)電荷Q2從無(wú)窮遠(yuǎn)處移到C點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的有(　　 ) A．Q1移入之前，C點(diǎn)的電勢(shì)為 B．Q1從C點(diǎn)移到B點(diǎn)的過(guò)程中，所受電場(chǎng)力做的功為0 C．Q2從無(wú)窮遠(yuǎn)處移到C點(diǎn)的過(guò)程中，所受電場(chǎng)力做的功為2W D．Q2在移到C點(diǎn)后的電勢(shì)能為－4W [解析]　由題意可知，C點(diǎn)的電勢(shì)為φC＝＝，故A正確；由于B、C兩點(diǎn)到A點(diǎn)(＋q)的距離相等，所以B、C兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，所以Q1從C點(diǎn)移到B點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功為0，故B正確；由于B、C兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，所以當(dāng)在B點(diǎn)固定Q1

11、后，C點(diǎn)的電勢(shì)為，所以Q2從無(wú)窮遠(yuǎn)移到C點(diǎn)過(guò)程中，電場(chǎng)力做功為：W＝qU＝－2q＝4W，故C錯(cuò)誤；由于C點(diǎn)的電勢(shì)為，所以電勢(shì)能為Ep＝－4W，故D正確。 [答案]　ABD [提升題組] 9．(2020黑龍江大慶模擬)如圖，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中有夾角為120、長(zhǎng)度均為2 cm的線段AC和CE，B、D分別為AC、CE的中點(diǎn)。將一電荷量為1.010－8C的帶正電的點(diǎn)電荷從C點(diǎn)移動(dòng)到A點(diǎn)的過(guò)程中克服電場(chǎng)力做功2.010－8 J，將該點(diǎn)電荷從C點(diǎn)移動(dòng)到E點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功2.010－8 J。C點(diǎn)電勢(shì)為零，下列說(shuō)法正確的是(　　 ) A．勻強(qiáng)電場(chǎng)中B點(diǎn)電勢(shì)為－1 V B．勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為

12、 V/m C．不能夠作出過(guò)B點(diǎn)的等勢(shì)線 D．將該點(diǎn)電荷沿直線由D點(diǎn)移動(dòng)到A點(diǎn)，點(diǎn)電荷的電勢(shì)能增加3.010－8 J [解析]　由題意可知UCA＝＝V＝－2 V，UCE＝＝V＝2 V，因φC＝0可得φA＝2 V，則φB＝1 V，φE＝－2 V，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；AE中點(diǎn)的電勢(shì)為0，可知∠ACE的平分線為電勢(shì)為0的等勢(shì)面， 連接AE，可知E＝＝V/m＝ V/m，方向沿AE向右，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；過(guò)B點(diǎn)的等勢(shì)線與OC平行，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D點(diǎn)的電勢(shì)為－1 V，則UDA＝－3 V，則將該點(diǎn)電荷沿直線由D點(diǎn)移動(dòng)到A點(diǎn)，電場(chǎng)力做功：W＝UDAq＝－3.010－8J，則點(diǎn)電荷的電勢(shì)能增加3.010－8J，選項(xiàng)D

13、正確。 [答案]　D 10．(多選)(2021石家莊月考)如圖所示，真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1＝＋9.010－8C和Q2＝－1010－9C，分別固定在x坐標(biāo)軸上，其中Q1位于x＝0處，Q2位于x＝6 cm處，在x軸上(　　) A．場(chǎng)強(qiáng)為0的點(diǎn)只有1處(不考慮無(wú)窮遠(yuǎn)處) B．在x＞6 cm區(qū)域，電勢(shì)沿x軸正方向降低 C．質(zhì)子從x＝1 cm運(yùn)動(dòng)到x＝5 cm處，電勢(shì)能升高 D．在0＜x＜6 cm和x＞9 cm的區(qū)域，場(chǎng)強(qiáng)沿x軸正方向 [解析]　Q1和Q2將整個(gè)x軸分成三個(gè)區(qū)域 ①x＜0，根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式，E＝k，因?yàn)槿我稽c(diǎn)距Q1比距離Q2近，且Q1＞Q2，故Q1產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大

14、于Q2，合場(chǎng)強(qiáng)水平向左，沿x軸負(fù)方向。此區(qū)間場(chǎng)強(qiáng)不可能為零。 ②0＜x＜6 cm，電場(chǎng)水平向右，正負(fù)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)均向右，場(chǎng)強(qiáng)沿x軸正方向，此區(qū)間場(chǎng)強(qiáng)不可能為零。質(zhì)子從x＝1 cm運(yùn)動(dòng)到x＝5 cm，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤。 ③x＞6 cm，設(shè)坐標(biāo)為x處，電場(chǎng)強(qiáng)度為0，則有： k＝k 代入數(shù)據(jù)解得：x＝9 cm 綜上：場(chǎng)強(qiáng)為0的點(diǎn)只有一處即x＝9 cm，A正確； 在6 cm＜x＜9 cm場(chǎng)強(qiáng)主要取決于Q2，方向水平向左，沿x軸負(fù)方向，電勢(shì)沿x軸正方向升高； 在x＞9 cm場(chǎng)強(qiáng)主要取決于Q1，方向水平向右，沿x軸正方向，電勢(shì)沿x軸正方向降低，B錯(cuò)誤； 在0＜x＜6 c

15、m及x＞9 cm場(chǎng)強(qiáng)沿x軸正方向，D正確； 故選D。 [答案]　AD 11．如圖甲在水平地面上放置一個(gè)質(zhì)量為m＝0.1 kg、帶電荷量為q＝0.01 C的物體。物體與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.4，地面上存在水平向左的電場(chǎng)，物體由靜止開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E隨物體的位移x變化的圖象如圖乙所示。已知g＝10 m/s2，求： (1)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體的最大加速度； (2)物體的速度達(dá)到最大時(shí)距出發(fā)點(diǎn)的距離。 [解析]　(1)剛開(kāi)始時(shí)物體的加速度最大，由牛頓第二定律，得qE－μmg＝ma 解得：a＝6 m/s2，方向水平向左。 (2)由圖象可得電場(chǎng)強(qiáng)度隨位移是變化的，所以物體受到的

16、電場(chǎng)力隨位移是變化的，當(dāng)電場(chǎng)力等于摩擦力時(shí)，加速度為0，速度最大，則qE＝μmg，E＝40 N/C 由題中圖象得到E與x的函數(shù)關(guān)系式 E＝100－25x 解得x＝2.4 m。 [答案]　(1)6 m/s2，方向水平向左　(2)2.4 m 12．(2020濰坊模擬)如圖所示，帶電荷量為Q的正點(diǎn)電荷固定在傾角為30的光滑絕緣斜面底部的C點(diǎn)，斜面上有A、B兩點(diǎn)，且A、B和C在同一直線上，A和C相距為L(zhǎng)，B為AC中點(diǎn)?，F(xiàn)將一帶電小球從A點(diǎn)由靜止釋放，當(dāng)帶電小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度恰好為零。已知帶電小球在A點(diǎn)處的加速度大小為，靜電力常量為k，求： (1)小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的加速度大??； (2)B和A兩點(diǎn)間的電勢(shì)差(用Q和L表示)。 [解析]　(1)帶電小球在A點(diǎn)時(shí)： mgsin 30－k＝maA 帶電小球在B點(diǎn)時(shí)：－mgsin 30＝maB 且aA＝ 由以上各式聯(lián)立解得：aB＝。 (2)由A點(diǎn)到B點(diǎn)應(yīng)用動(dòng)能定理得： mgsin 30－UBAq＝0 由mgsin 30－k＝maA＝m可得： mg＝k 可求得：UBA＝。 [答案]　(1)　(2)