高考物理大一輪復(fù)習(xí) 課后限時(shí)集訓(xùn)19 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用-人教版高三全冊(cè)物理試題

《高考物理大一輪復(fù)習(xí) 課后限時(shí)集訓(xùn)19 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用-人教版高三全冊(cè)物理試題》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考物理大一輪復(fù)習(xí) 課后限時(shí)集訓(xùn)19 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用-人教版高三全冊(cè)物理試題（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、課后限時(shí)集訓(xùn)19動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用建議用時(shí)：45分鐘1.(2019武邑中學(xué)調(diào)研)如圖所示，兩木塊A、B用輕質(zhì)彈簧連在一起，置于光滑的水平面上。一顆子彈水平射入木塊A，并留在其中。在子彈打中木塊A及彈簧被壓縮的整個(gè)過(guò)程中，對(duì)子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)，下列說(shuō)法中正確的是()A動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒B動(dòng)量不守恒、機(jī)械能守恒C動(dòng)量守恒、機(jī)械能不守恒D動(dòng)量、機(jī)械能都不守恒C在子彈射入木材A及壓縮彈簧的過(guò)程中，對(duì)子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)，系統(tǒng)所受外力之和為零，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒；子彈射入木塊A的過(guò)程中，摩擦力做負(fù)功，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒。故C正確。2.(2019重慶南開(kāi)中學(xué)模擬)如圖所示，車廂長(zhǎng)為l、質(zhì)量

2、為M，靜止在光滑水平面上，車廂內(nèi)有一質(zhì)量為m的物體，某時(shí)刻以速度v0向右運(yùn)動(dòng)，與車廂壁來(lái)回碰撞n次后，最后靜止于車廂中，這時(shí)車廂的速度為()Av0，水平向右B0C，水平向右 D，水平向右C以物體與車廂組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律可得mv0(Mm)v，最終車廂的速度為v，方向與速度v0的方向相同，水平向右，故C正確。3.(2019衡水中學(xué)模擬)光滑水平面上放有一上表面光滑、傾角為的斜面體A，斜面體質(zhì)量為M，底邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，如圖所示。將一質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊B從斜面的頂端由靜止釋放，滑塊B經(jīng)過(guò)時(shí)間t剛好滑到斜面底端。此過(guò)程中斜面對(duì)滑塊的支持力大小為FN，則下列說(shuō)法中正確的

3、是()AFNmgcos B滑塊B下滑過(guò)程中支持力對(duì)B的沖量大小為FNtcos C滑塊B下滑過(guò)程中A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒D此過(guò)程中斜面向左滑動(dòng)的距離為L(zhǎng)D當(dāng)滑塊B相對(duì)于斜面加速下滑時(shí)，斜面A水平向左加速運(yùn)動(dòng)，所以滑塊B相對(duì)于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再為零，所以斜面對(duì)滑塊的支持力FN不等于mgcos ，A錯(cuò)誤；滑塊B下滑過(guò)程中支持力對(duì)B的沖量大小為FNt，B錯(cuò)誤；由于滑塊B有豎直方向的分加速度，所以系統(tǒng)豎直方向合外力不為零，系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒，C錯(cuò)誤；系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動(dòng)量守恒，設(shè)A、B兩者水平位移大小分別為x1、x2，則Mx1mx2，x1x2L，解

4、得x1L，D正確。4A球的質(zhì)量是m，B球的質(zhì)量是2m，它們?cè)诠饣乃矫嫔弦韵嗤膭?dòng)量運(yùn)動(dòng)。B在前，A在后，發(fā)生正碰后，A球仍朝原方向運(yùn)動(dòng)，但其速率是原來(lái)的一半，碰后兩球的速率比vAvB為()A12B13C21D23D設(shè)碰前A球的速率為v，根據(jù)題意pApB，即mv2mvB，得碰前vB，碰后vA，由動(dòng)量守恒定律，有mv2mm2mvB，解得vB，所以vAvB23，D正確。5.(2019四川二診)如圖所示，一塊長(zhǎng)度為L(zhǎng)、質(zhì)量為m的木塊靜止在光滑水平面上。一顆質(zhì)量也為m的子彈以水平速度v0射入木塊。當(dāng)子彈剛射穿木塊時(shí)，木塊向前移動(dòng)的距離為s。設(shè)子彈穿過(guò)木塊的過(guò)程中受到的阻力恒定不變，子彈可視為質(zhì)點(diǎn)。則

5、子彈穿過(guò)木塊的時(shí)間為()A(sL) B(s2L) C(sL) D(L2s)D子彈穿過(guò)木塊過(guò)程，子彈和木塊組成的系統(tǒng)所受合外力為零，動(dòng)量守恒，有mv0mv1mv2，設(shè)子彈穿過(guò)木塊所用時(shí)間為t，則有ts，tsL，聯(lián)立解得t(L2s)，選項(xiàng)D正確。6.(2019寧夏石嘴山三中期末)兩物塊A、B用輕彈簧相連，質(zhì)量均為2 kg，初始時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)，A、B兩物塊都以v6 m/s的速度在光滑的水平地面上運(yùn)動(dòng)，質(zhì)量為4 kg的物塊C靜止在前方，如圖所示，B與C碰撞后二者會(huì)粘連在一起運(yùn)動(dòng)。則下列說(shuō)法正確的是()AB、C碰撞剛結(jié)束時(shí)的共同速度為3 m/sB彈簧的彈性勢(shì)能最大時(shí)，物塊A的速度為3 m/sC彈簧的彈性

6、勢(shì)能最大值為36 JD彈簧再次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)A、B、C三物塊速度相同BB與C碰撞時(shí)B、C組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)碰后瞬間B、C兩者共同速度為vBC，規(guī)定向右為正方向，則有mBv(mBmC)vBC，解得vBC2 m/s，故A錯(cuò)誤；當(dāng)A、B、C三者的速度相等時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，A、B、C三者組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，規(guī)定向右為正方向，則有(mAmB)v(mAmBmC)vABC，解得vABC3 m/s，根據(jù)能量守恒定律得彈簧的彈性勢(shì)能最大值為Ep(mBmC)vmAv2(mAmBmC)v12 J，故B正確，C錯(cuò)誤；三者共速時(shí)彈簧壓縮量最大，恢復(fù)原長(zhǎng)過(guò)程中，彈力對(duì)A做負(fù)功，A的速度減小，對(duì)B、C做正功，B、C的速

7、度增加，則恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)三物塊速度不同，故D錯(cuò)誤。7.(2019黃石模擬)如圖所示，一質(zhì)量m10.45 kg的平頂小車靜止在光滑的水平軌道上。質(zhì)量m20.5 kg的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))靜止在車頂?shù)挠叶?。一質(zhì)量為m00.05 kg的子彈以水平速度v0100 m/s射中小車左端并留在車中，最終小物塊相對(duì)地面以2 m/s的速度滑離小車。已知子彈與小車的作用時(shí)間極短，小物塊與車頂面的動(dòng)摩擦因數(shù)0.8，認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10 m/s2，求：(1)子彈相對(duì)小車靜止時(shí)小車速度的大??；(2)小車的長(zhǎng)度L。解析(1)子彈進(jìn)入小車的過(guò)程中，子彈與小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得m0v0(m0

8、m1)v1解得v110 m/s。(2)三物體組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得(m0m1)v1(m0m1)v2m2v3解得v28 m/s由能量守恒可得(m0m1)vm2gL(m0m1)vm2v解得L2 m。答案(1)10 m/s(2)2 m8一彈丸在飛行到距離地面5 m高時(shí)僅有水平速度v2 m/s，爆炸成為甲、乙兩塊水平飛出，甲、乙的質(zhì)量比為31。不計(jì)質(zhì)量損失，取重力加速度g10 m/s2，則下列圖中兩塊彈片飛行的軌跡可能正確的是()ABCDB由hgt2可知，爆炸后甲、乙兩塊做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1 s，爆炸過(guò)程中，爆炸力對(duì)沿原方向運(yùn)動(dòng)的一塊的沖量沿運(yùn)動(dòng)方向，故這一塊的速度必然增大，即v2 m/

9、s，因此水平位移大于2 m，C、D項(xiàng)錯(cuò)誤；甲、乙兩塊在爆炸前后，水平方向不受外力，故水平方向動(dòng)量守恒，即甲、乙兩塊的動(dòng)量改變量大小相等，兩塊質(zhì)量比為31，所以速度變化量之比為13，由平拋運(yùn)動(dòng)水平方向上x(chóng)v0t，所以A圖中，v乙0.5 m/s，v甲2.5 m/s，v乙2.5 m/s，v甲0.5 m/s，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B圖中，v乙0.5 m/s，v甲2.5 m/s，v乙1.5 m/s，v甲0.5 m/s，B項(xiàng)正確。9.(2019哈爾濱三中模擬)(多選)如圖所示，足夠長(zhǎng)的木板Q放在光滑水平面上，在其左端有一可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊P，P、Q間接觸面粗糙。現(xiàn)給P向右的速率vP，給Q向左的速率vQ，取向右為速度的正

10、方向，不計(jì)空氣阻力，則運(yùn)動(dòng)過(guò)程P、Q速度隨時(shí)間變化的圖象可能正確的是()ABCDABC開(kāi)始時(shí)，木板和物塊均在摩擦力作用下做勻減速運(yùn)動(dòng)，兩者最終達(dá)到共同速度，以向右為正方向，P、Q系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得mPvPmQvQ(mPmQ)v；若mPvPmQvQ，則v0，圖象如圖A所示；若mPvPmQvQ，則v0，圖象如圖B所示；若mPvPmQvQ，則v0，圖象如圖C所示。故選項(xiàng)A、B、C正確，D錯(cuò)誤。10.(2019湖北荊、荊、襄、宜四地七校聯(lián)考)在光滑水平地面上放有一質(zhì)量M1 kg帶光滑圓弧形槽的小車，質(zhì)量為m2 kg的小球以速度v03 m/s沿水平槽口滑上圓弧形槽，槽口距地面的高度h0.8

11、 m，重力加速度g10 m/s2，不計(jì)空氣阻力。求：(1)小球從槽口開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到滑到最高點(diǎn)(未離開(kāi)圓弧形槽)的過(guò)程中，小球?qū)π≤囎龅墓；(2)小球落地瞬間，小車右端與小球間的水平間距L。解析(1)小球從開(kāi)始到上升至最大高度過(guò)程中，小車和小球水平方向不受外力，水平方向動(dòng)量守恒，可得mv0(Mm)v，對(duì)小車，由動(dòng)能定理得WMv2，聯(lián)立解得W2 J。(2)小球從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到回到槽口過(guò)程小球和小車水平方向動(dòng)量守恒，可得mv0mv1Mv2，對(duì)小球和小車由能量守恒定律得mvmvMv，聯(lián)立可得v11 m/s，v24 m/s，小球離開(kāi)小車后，向左做平拋運(yùn)動(dòng)，小車向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，得hgt2，L(v2v1)t，

12、聯(lián)立可得L1.2 m。答案(1)2 J(2)1.2 m11.(2019濰坊一模)如圖是某科技小組制作的“嫦娥四號(hào)”模擬裝置示意圖，用來(lái)演示“嫦娥四號(hào)”空中懸停和著陸后的分離過(guò)程，它由著陸器和巡視器兩部分組成，其中著陸器內(nèi)部有噴氣發(fā)動(dòng)機(jī)，底部有噴氣孔，在連接巡視器的一側(cè)有彈射器。演示過(guò)程：先讓發(fā)動(dòng)機(jī)豎直向下噴氣，使整個(gè)裝置豎直上升至某個(gè)位置處于懸停狀態(tài)，然后讓裝置慢慢下落到水平面上，再啟動(dòng)彈射器使著陸器和巡視器瞬間分離，向相反方向做減速直線運(yùn)動(dòng)。若兩者均停止運(yùn)動(dòng)時(shí)相距為L(zhǎng)，著陸器(含彈射器)和巡視器的質(zhì)量分別為M和m，與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，重力加速度為g，發(fā)動(dòng)機(jī)噴氣口截面積為S，噴出氣體的密度為；不計(jì)噴出氣體對(duì)整體質(zhì)量的影響。求：(1)裝置懸停時(shí)噴出氣體的速度；(2)彈射器給著陸器和巡視器提供的動(dòng)能之和。解析(1)懸停時(shí)氣體對(duì)模擬裝置的作用力為F，則F(Mm)g，取t時(shí)間噴出的氣體為研究對(duì)象，由動(dòng)量定理得FtSvtv，解得v。(2)設(shè)彈射后瞬間著陸器和巡視器速度分別為v1、v2，則由彈射過(guò)程水平方向動(dòng)量守恒得Mv1mv20，設(shè)著陸器和巡視器減速運(yùn)動(dòng)的距離分別為L(zhǎng)1和L2，由動(dòng)能定理得MgL10Mv，mgL20mv，LL1L2，彈射器提供的總動(dòng)能EkMvmv，聯(lián)立解得EkMmgL。答案(1)(2)MmgL