《【備戰(zhàn)】2020高考數(shù)學(xué) 應(yīng)考能力大提升4.2》由會(huì)員分享,可在線(xiàn)閱讀,更多相關(guān)《【備戰(zhàn)】2020高考數(shù)學(xué) 應(yīng)考能力大提升4.2(3頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、備戰(zhàn)2020數(shù)學(xué)應(yīng)考能力大提升
典型例題
例1 求下列函數(shù)的導(dǎo)數(shù):
(1)y=x5-x3+3x2+; (2)y=(3x3-4x)(2x+1); (3)y=.
解:(1)y′=(x5)′-(x3)′+(3x2)′+()′=x4-4x2+6x.
(2)法一:∵y=(3x3-4x)(2x+1)=6x4+3x3-8x2-4x,∴y′=24x3+9x2-16x-4.
法二:y′=(3x3-4x)′(2x+1)+(3x3-4x)(2x+1)′
=(9x2-4)(2x+1)+ (3x3-4x)·2 =24x3+9x2-16x-4.
(3)y′=
==.
例2 設(shè)函數(shù)f(x)=a
2、x-,曲線(xiàn)y=f(x)在點(diǎn)(2,f(2))處的切線(xiàn)方程為7x-4y-12=0.
(1)求f(x)的解析式;
(2)證明:曲線(xiàn)y=f(x)上任一點(diǎn)處的切線(xiàn)與直線(xiàn)x=0和直線(xiàn)y=x所圍成的三角形面
積為定值,并求此定值.
解:(1)方程7x-4y-12=0可化為y=x-3.
當(dāng)x=2時(shí),y=.又f′(x)=a+,
于是 故f(x)=x-.
(2)設(shè)P(x0,y0)為曲線(xiàn)上任一點(diǎn),由y′=1+,知曲線(xiàn)在點(diǎn)P(x0,y0)處的切線(xiàn)方程為y-y0=(1+)(x-x0),即y-(x0-)=(1+)(x-x0).
令x=0,得y=-,從而得切線(xiàn)與直線(xiàn)x=0的交點(diǎn)坐標(biāo)為(0,-);
令y
3、=x,得y=x=2x0,從而得切線(xiàn)與直線(xiàn)y=x的交點(diǎn)坐標(biāo)為(2x0,2x0).
所以點(diǎn)P(x0,y0)處的切線(xiàn)與直線(xiàn)x=0,y=x所圍成的三角形面積為|-||2x0|=6.
故曲線(xiàn)y=f(x)上任一點(diǎn)處的切線(xiàn)與直線(xiàn)x=0,y=x所圍成的三角形面積為定值,此
定值為6.
創(chuàng)新題型
1.設(shè)函數(shù),
(1)證明:的導(dǎo)數(shù);(2)若對(duì)所有x≥0都有,求a的取值范圍.
2.設(shè)函數(shù)f(x)=ax+(a,b∈Z),曲線(xiàn)y=f(x)在點(diǎn)(2,f(2))處的切線(xiàn)方程為y=3.
(1)求f(x)的解析式;
(2)證明:函數(shù)y=f (x)的圖象是一個(gè)中心對(duì)稱(chēng)圖形,并求其對(duì)稱(chēng)中心
4、;
(3)證明:曲線(xiàn)y=f(x)上任一點(diǎn)的切線(xiàn)與直線(xiàn)x=1和直線(xiàn)y=x所圍的三角形的面積為定值,并求出此定值.
參考答案
②
,故在該區(qū)間為減函數(shù),
所以,則即與題意矛盾
2.【解析】(1)f′(x)=a-.
于是解得或
∵a,b∈Z,∴f(x)=x+.
(2)證明:已知函數(shù)y1=x,y2=都是奇函數(shù),
∴函數(shù)g(x)=x+也是奇函數(shù),其圖象是以原點(diǎn)為中心的中心對(duì)稱(chēng)圖形.而f(x)=x+= (x-1)++1,
可知f(x)的圖象是由g(x)的圖象沿x軸正方向向右平移1個(gè)單位,再沿y軸正方向向上平移1個(gè)單位得到的.故圖象是以點(diǎn)(1,1)為中心的中心對(duì)稱(chēng)圖形.
(3)證明:在曲線(xiàn)上任取一點(diǎn),
由f′(x0)=1-,知過(guò)此點(diǎn)的切線(xiàn)方程為
y-=(x-x0).
令x=1,得y=,
∴切線(xiàn)與直線(xiàn)x=1交點(diǎn)為.
令y=x,得x=2x0-1,
∴切線(xiàn)與直線(xiàn)y=x交點(diǎn)為(2x0-1,2x0-1).
直線(xiàn)x=1與y=x交點(diǎn)為(1,1).
從而所圍的三角形的面積為·|2x0-1-1|=·|2x0-2|=2.
∴所圍的三角形的面積為定值2.