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1、3+2+3沖A練(六)16.如圖C6-1所示是衛(wèi)星變軌過(guò)程中的三個(gè)橢圓軌道,對(duì)于此次變軌前后衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng),下列說(shuō)法正確的是()圖C6-1A.衛(wèi)星在軌道2上近地點(diǎn)的速率小于遠(yuǎn)地點(diǎn)的速率B.衛(wèi)星兩次經(jīng)過(guò)軌道2上近地點(diǎn)的加速度大小相等C.衛(wèi)星在軌道2上運(yùn)行的周期小于在軌道1上運(yùn)行的周期D.軌道2可能是地球同步衛(wèi)星軌道17.如圖C6-2所示,帶電小球A、B固定在絕緣豎直桿上,帶電小球C靜止于光滑絕緣水平天花板上,已知LACLAB=3,A、B、C帶電荷量的絕對(duì)值分別為QA、QB、QC,下列說(shuō)法正確的是()圖C6-2A.QAQB=338B.小球C對(duì)天花板一定有壓力C.A、B可能是同種電荷D.QAQC=341
2、8.跳臺(tái)滑雪就是運(yùn)動(dòng)員腳著特制的滑雪板,沿著跳臺(tái)的傾斜助滑道下滑,以一定的速度從助滑道水平末端滑出,使整個(gè)身體在空中飛行約35 s后,落在著陸坡上,經(jīng)過(guò)一段減速運(yùn)動(dòng)最終停在終止區(qū).如圖C6-3所示是運(yùn)動(dòng)員跳臺(tái)滑雪的模擬過(guò)程圖,設(shè)運(yùn)動(dòng)員及裝備總質(zhì)量為60 kg,由靜止從出發(fā)點(diǎn)開(kāi)始自由下滑,并從助滑道末端水平飛出,著陸點(diǎn)與助滑道末端的高度差為h=60 m,著陸瞬時(shí)速度的方向與水平面的夾角為60(設(shè)助滑道光滑,不計(jì)空氣阻力),則下列判斷錯(cuò)誤的是(g取10 m/s2)()圖C6-3A.運(yùn)動(dòng)員(含裝備)著陸時(shí)的動(dòng)能為4.8104 JB.運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為23 sC.運(yùn)動(dòng)員著陸點(diǎn)到助滑道末端的水平距
3、離是403 mD.運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)助滑道時(shí)與跳臺(tái)出發(fā)點(diǎn)的豎直距離為80 m19.2019金華十校聯(lián)考 某研究小組采用如圖C6-4甲所示的裝置進(jìn)行“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn).圖C6-4(1)除了圖甲中裝置的器材之外,還必須從圖乙中選取實(shí)驗(yàn)器材,其名稱(chēng)是.(2)指出圖甲裝置中一處操作不合理的地方:.(3)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接電源的頻率為50 Hz,圖丙為實(shí)驗(yàn)中得到的紙帶,取紙帶上的點(diǎn)為計(jì)數(shù)點(diǎn),則打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下計(jì)數(shù)點(diǎn)5時(shí)重錘的速度的大小為m/s.(4)某次實(shí)驗(yàn)中因?yàn)椴恢喇?dāng)?shù)氐闹亓铀俣戎?有同學(xué)建議利用實(shí)驗(yàn)獲得的紙帶用逐差法計(jì)算重力加速度值,該方法(選填“可取”或“不可取”).(5)根據(jù)圖丙中的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù),得到
4、點(diǎn)0到點(diǎn)5過(guò)程中動(dòng)能的增加量略小于重力勢(shì)能的減少量,可能的原因是.20.2019杭州模擬 小明同學(xué)在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中,為了更準(zhǔn)確選取電壓表和電流表的合適量程,決定先用多用電表測(cè)量小燈泡的阻值.(1)在使用前發(fā)現(xiàn)電表指針位置如圖C6-5甲所示,該同學(xué)應(yīng)該調(diào)節(jié)位置(選填“”或“”).圖C6-5(2)小明使用多用電表歐姆擋的“10”倍率測(cè)量小燈泡的電阻,讀數(shù)如圖乙所示,為了更準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量,小明應(yīng)該旋轉(zhuǎn)開(kāi)關(guān)至歐姆擋(選填“100”或“1”)倍率,兩表筆短接并調(diào)節(jié)(選填“”或“”).(3)按正確步驟測(cè)量時(shí),指針指在如圖丙所示的位置,則小燈泡電阻的測(cè)量值為.21.如圖C6-6所示,質(zhì)量
5、為m的金屬棒長(zhǎng)為L(zhǎng)1 ,棒兩端與長(zhǎng)為L(zhǎng)2的細(xì)軟金屬線相連,吊在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中.當(dāng)金屬棒中通有穩(wěn)恒電流I時(shí),金屬棒向紙外擺動(dòng),擺動(dòng)過(guò)程中的最大偏角 =60.求:(重力加速度為g)(1)金屬棒中的電流大小和方向; (2)金屬棒在擺動(dòng)過(guò)程中動(dòng)能的最大值.圖C6-622.如圖C6-7甲所示,“滑滑梯”是小朋友喜愛(ài)的游戲活動(dòng).“滑滑梯”裝置可簡(jiǎn)化為圖乙所示,斜面AB傾角=37,AD=2.4 m,C點(diǎn)處有一墻壁.小朋友(視為質(zhì)點(diǎn))從A點(diǎn)開(kāi)始由靜止下滑,到達(dá)B點(diǎn)的速度大小為4 m/s.假定小朋友與AB、BC面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相等,在B點(diǎn)平滑過(guò)渡(不損失機(jī)械能),sin 37=0.6,co
6、s 37=0.8,g取10 m/s2.甲乙圖C6-7(1)在滑行過(guò)程中,求AB面和BC面對(duì)小朋友的支持力大小的比值;(2)求小朋友與AB面間的動(dòng)摩擦因數(shù);(3)為了防止小朋友在C點(diǎn)撞墻,求B、C間距離的最小值.23.2019臺(tái)州模擬 如圖C6-8所示是一種過(guò)山車(chē)的簡(jiǎn)易模型,它由傾角=37的傾斜軌道和豎直平面內(nèi)的兩個(gè)光滑圓形軌道組成,B、C分別是兩個(gè)圓形軌道與傾斜軌道的切點(diǎn),兩點(diǎn)間的距離L=2.0 m,第一個(gè)圓形軌道的半徑R1=1.0 m.一個(gè)質(zhì)量為m=1.0 kg的小球(視為質(zhì)點(diǎn))從傾斜軌道上的A點(diǎn)由靜止釋放,A、B間的距離L1=12.0 m.已知小球與傾斜軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5,且圓形軌
7、道不能相互重疊.(g取10 m/s2)(1)求小球經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度大小;(2)小球在經(jīng)過(guò)第一個(gè)圓形軌道的最高點(diǎn)時(shí),求軌道對(duì)小球的作用力大小;(3)要使小球通過(guò)第二個(gè)圓形軌道最高點(diǎn),求該軌道的半徑R2應(yīng)滿(mǎn)足的條件.圖C6-83+2+3沖A練(六)16.B解析 由開(kāi)普勒第二定律可知,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;根據(jù)GMmr2=ma可知,只要在同一個(gè)近地點(diǎn),向心加速度大小相等,選項(xiàng)B正確;根據(jù)開(kāi)普勒第三定律a3T2=k,由于軌道2的半長(zhǎng)軸大于軌道1的半長(zhǎng)軸,所以在軌道2上的周期更大,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;地球同步衛(wèi)星的軌道是圓軌道,并不是橢圓軌道,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.17.A解析 對(duì)小球C受力分析,由于不知道其重力大小,因此無(wú)法計(jì)算
8、支持力大小,由牛頓第三定律知,選項(xiàng)B錯(cuò)誤.由于小球C處于靜止?fàn)顟B(tài),所以B、C之間必須是排斥力,A、B之間必須是吸引力,但無(wú)法確定電性,選項(xiàng)C錯(cuò)誤.根據(jù)平衡條件,有FBCcos 30=FAC,其中FBC=kQBQC(2LAB)2,FAC=kQAQC(3LAB)2,因此QAQB=338,選項(xiàng)A正確;由題中條件無(wú)法得出QAQC的值,D錯(cuò)誤.18.D解析 根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得h=12gt2,x=vxt,vy=gt,vyvx=tan 60,解得運(yùn)動(dòng)員飛出時(shí)的速度vx=20 m/s,在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=23 s,水平距離x=403 m,著陸時(shí)的動(dòng)能為Ek=12mv2=12m(vx2+vy2)=4.8104
9、J,A、B、C正確;助滑道光滑,則mgh=12mvx2,解得h=20 m,D錯(cuò)誤.19.(1)毫米刻度尺(2)重錘離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太遠(yuǎn)(3)0.9025(4)不可取(5)下落過(guò)程中存在空氣阻力、紙帶與限位孔間阻力解析 (1)為了計(jì)算減少的重力勢(shì)能,還需要毫米刻度尺,同時(shí)還能計(jì)算重錘的瞬時(shí)速度.(2)由圖中可以發(fā)現(xiàn),重錘離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器較遠(yuǎn),這會(huì)導(dǎo)致打點(diǎn)較少.(3)v5=7.71-4.100.0410-2 m/s=0.9025 m/s.(4)利用紙帶數(shù)據(jù)計(jì)算重力加速度即應(yīng)用了機(jī)械能守恒定律,而此實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖球?yàn)證機(jī)械能守恒定律,因此不可取.(5)由于下落過(guò)程中存在空氣阻力等,所以減少的重力勢(shì)能大部分轉(zhuǎn)化為動(dòng)
10、能,還有少部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能.20.(1)(2)1(3)28解析 (1)由圖甲可知,電表指針沒(méi)有指在左側(cè)零刻度線處,應(yīng)進(jìn)行機(jī)械調(diào)零,故應(yīng)用螺絲刀調(diào)節(jié)旋鈕.(2)由圖乙可知,測(cè)量電阻時(shí)指針偏轉(zhuǎn)角較大,表盤(pán)上示數(shù)偏小,則說(shuō)明所選擋位太大,應(yīng)換用小擋位,故選“1”倍率;同時(shí)每次換擋后均應(yīng)進(jìn)行歐姆調(diào)零,將兩表筆短接,調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使指針指到右側(cè)零刻度線處.(3)由圖可知,電阻R=281 =28 .21.(1)3mg3BL1方向水平向右(2)233-1mgL2解析 (1)金屬棒向紙外擺動(dòng),所受的安培力向外,根據(jù)左手定則可判斷,金屬棒中電流方向水平向右.金屬棒上擺的過(guò)程,根據(jù)動(dòng)能定理得FBL2sin 60-
11、mgL2(1-cos 60)=0安培力FB=BIL1聯(lián)立解得I=3mg3BL1 (2)金屬棒向上擺動(dòng)的最大偏角=60,根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知,偏角是30時(shí)是其平衡位置,金屬棒受力如圖所示(從左向右看)則有G=FBcot 30當(dāng)金屬棒偏角是30時(shí),速度最大,動(dòng)能最大,由動(dòng)能定理得Ekm=FBL2sin 30-mgL2(1-cos 30)解得最大動(dòng)能Ekm=233-1mgL222.(1)0.8(2)0.5(3)1.6 m解析 (1)在AB面上,有FN1=mgcos 在BC面上,有FN2=mgAB面和BC面對(duì)小朋友的支持力大小的比值FN1FN2=cos1=0.8(2)設(shè)小朋友在AB面上的加速度大小為a1由x
12、AB=ADsin=4 m可得a1=vB22xAB=2 m/s2由牛頓第二定律得ma1=mgsin -mgcos 解得=0.5(3)小朋友在BC面上的加速度大小a2=g=5 m/s2當(dāng)剛好不撞上C點(diǎn)時(shí),BC的長(zhǎng)度為xBC=vB22a2=1.6 m所以BC的長(zhǎng)度至少為1.6 m23.(1)43 m/s(2)2 N(3)R21 m解析 (1)小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn),根據(jù)動(dòng)能定理得mgL1sin 37-mgcos 37L1=12mvB2解得vB=2gL1(sin37-cos37)=43 m/s(2)小球從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到第一個(gè)圓形軌道的最高點(diǎn)D過(guò)程,根據(jù)機(jī)械能守恒定律得mgR1(1+cos 37)=12mvB2-12mvD2在最高點(diǎn)D時(shí),有FD+mg=mvD2R1解得FD=2 N(3)若小球恰好經(jīng)過(guò)第二個(gè)圓形軌道的最高點(diǎn)E,則從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn),根據(jù)動(dòng)能定理得mg(L+L1)sin 37-mgR2(1+cos 37)-mgcos 37(L+L1)=12mvE2在最高點(diǎn)E時(shí),有mg=mvE2R2解得R2=2823 m考慮到不能重疊,有(R2max+R1)2=(R2max-R1)2+L2解得R2max=1 m2823 m故R21 m- 7 -
2020版高考物理總復(fù)習(xí) 沖A方案 3+2+3沖A練（六）（含解析）新人教版
